Question

【題目】綜合題。

（1）如圖（1）點(diǎn)P是正方形ABCD的邊CD上一點(diǎn)（點(diǎn)P與點(diǎn)C，D不重合），點(diǎn)E在BC的延長(zhǎng)線上，且CE=CP，連接BP，DE．求證：BP=DE且BP⊥DE；
（2）直線EP交AD于F，連接BF，F(xiàn)C．點(diǎn)G是FC與BP的交點(diǎn)．
①若BC=2CE時(shí)，求證：BP⊥CF；
②若BC=nCE（n是大于1的實(shí)數(shù)）時(shí)，記△BPF的面積為S1 ， △DPE的面積為S2 ．
求證：S1=（n+1）S2 ．

Answer 1

【答案】
（1）

證明：延長(zhǎng)BP交DE于點(diǎn)M，在△BCP與△DCE中，

∴△BCP≌△DCE（SAS）．

∴BP=DE，∠CBP=∠CDE,

∵∠CDE+∠E=90°，

∴∠CBP+∠E=90°

即BP⊥DE.

（2）

證明：①∵CP=CE，∠PCE=90°，

∴∠CPE=45°，

∴∠FPD=∠CPE=45°，

∴∠PFD=45°，

∴FD=DP．

∵BC=2CE，

∴CD=2CE=2PC，

∴DP=CP，

∴FD=CP．

在△BCP與△CDF中， ，

∴△BCP≌△CDF（SAS）．

∴∠FCD=∠CBP，

∵∠CBP+∠BPC=90°，

∴∠FCD+∠BPC=90°，

∴∠PGC=90°，

即BP⊥CF．

②設(shè)CE=CP=1，則BC=CD=n，DP=CD﹣CP=n﹣1．易知△FDP為等腰直角三角形，

∴FD=DP=n﹣1．

S1=S梯形BCDF﹣S△BCP﹣S△FDP= （BC+FD）CD﹣ BCCP﹣ FDDP= （n+n﹣1）n﹣ n×1﹣ （n﹣1）2= （n2﹣1）；

S2= DPCE= （n﹣1）×1= （n﹣1）．

∵n2﹣1=（n+1）（n﹣1），

∴S1=（n+1）S2

【解析】（1）利用SAS即可證明△BCP≌△DCE，再利用全等三角形的性質(zhì)即可得到BP=DE，∠CBP=∠CDE,再根據(jù)∠CDE+∠E=90°，得∠CBP+∠E=90°，即BP⊥DE.
（2）①在（1）的基礎(chǔ)上，再證明△BCP≌△CDF，進(jìn)而得到∠FCD+∠BPC=90°，從而證明BP⊥CF。
②設(shè)CP=CE=1，則BC=CD=n，DP=CD﹣CP=n﹣1，分別求出S1與S2的值，得S1= （n2﹣1），S2= （n﹣1）．根據(jù)平方差公式可以得到S1=（n+1）S2結(jié)論成立。