Question

（2013•懷集縣二模）如圖，正方形ABCO的邊OA、OC在坐標(biāo)軸上，點(diǎn)B坐標(biāo)（3，3），將正方形ABCO繞點(diǎn)A順時(shí)針旋轉(zhuǎn)角度α（0°＜α＜90°），得到正方形ADEF，ED交線段OC于點(diǎn)G，ED的延長線交線段BC于點(diǎn)P，連AP、AG．
（1）求證：△AOG≌△ADG；
（2）求∠PAG的度數(shù)；并判斷線段OG、PG、BP之間的數(shù)量關(guān)系，說明理由；
（3）當(dāng)∠1=∠2時(shí)，一次函數(shù)y=kx+b經(jīng)過點(diǎn)P、E，求它的解析式．

Answer 1

分析：（1）由AO=AD，AG=AG，利用“HL”可證△AOG≌△ADG；
（2）利用（1）的方法，同理可證△ADP≌△ABP，得出∠1=∠DAG，∠DAP=∠BAP，而∠1+∠DAG+∠DAP+∠BAP=90°，由此可求∠PAG的度數(shù)；根據(jù)兩對(duì)全等三角形的性質(zhì)，可得出線段OG、PG、BP之間的數(shù)量關(guān)系；
（3）由△AOG≌△ADG可知，∠AGO=∠AGD，而∠1+∠AGO=90°，∠2+∠PGC=90°，當(dāng)∠1=∠2時(shí)，可證∠AGO=∠AGD=∠PGC，而∠AGO+∠AGD+∠PGC=180°，得出∠AGO=∠AGD=∠PGC=60°，即∠1=∠2=30°，解直角三角形求OG，PC，確定P、G兩點(diǎn)坐標(biāo)，得出直線PE的解析式．

解答：（1）證明：∵∠AOG=∠ADG=90°，
在Rt△AOG和Rt△ADG中，

AO=AD AG=AG

，
∴△AOG≌△ADG（HL）；

（2）解：PG=OG+BP．
由（1）同理可證△ADP≌△ABP，
則∠DAP=∠BAP，由（1）可知，∠1=∠DAG，
又∠1+∠DAG+∠DAP+∠BAP=90°，
所以，2∠DAG+2∠DAP=90°，即∠DAG+∠DAP=45°，
故∠PAG=∠DAG+∠DAP=45°，
∵△AOG≌△ADG，△ADP≌△ABP，
∴DG=OG，DP=BP，
∴PG=DG+DP=OG+BP；

（3）解：∵△AOG≌△ADG，
∴∠AGO=∠AGD，
又∵∠1+∠AGO=90°，∠2+∠PGC=90°，∠1=∠2，
∴∠AGO=∠AGD=∠PGC，
又∵∠AGO+∠AGD+∠PGC=180°，
∴∠AGO=∠AGD=∠PGC=60°，
∴∠1=∠2=30°，
在Rt△AOG中，AO=3，OG=AOtan30°=

3

，則G點(diǎn)坐標(biāo)為：（

3

，0），
CG=3-

3

，在Rt△PCG中，
PC=

CG

tan30°

=

3- 3

3 3

=3

3

-3，
則P點(diǎn)坐標(biāo)為：（3，3

3

-3），
因?yàn)�，一次函�?shù)y=kx+b經(jīng)過點(diǎn)P、E，
則

3 k+b=0 3k+b=3 3 -3

，
解得

k= 3 b=-3

，
所以，一次函數(shù)的解析式為y=

3

x-3．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了一次函數(shù)的綜合運(yùn)用．關(guān)鍵是根據(jù)正方形的性質(zhì)證明三角形全等，根據(jù)三角形全等的性質(zhì)求角、邊的關(guān)系，利用特殊角解直角三角形，求P、G兩點(diǎn)坐標(biāo)，確定直線解析式．