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如圖,△ABC中,∠ABC=45°,過點C作CD⊥AB于點D,過點B作BM⊥AC于點M,BM交CD于點E,且點E為CD的中點,連接MD,過點D作ND⊥MD于點D,DN交BM于點N.
(1)若BC=2
2
,求△BDE的周長;
(2)求證:NE-ME=CM.
考點:全等三角形的判定與性質,勾股定理
專題:證明題
分析:(1)根據等腰直角三角形的性質求出BD=CD=2,再求出DE,然后利用勾股定理列式求出BE,最后根據三角形的周長公式列式計算即可得解;
(2)根據同角的余角相等求出∠ABN=∠ACD,∠BDN=∠CDM,然后利用“角邊角”證明△BDN和△CDM全等,根據全等三角形對應邊相等可得DN=DM,從而得到△DMN是等腰直角三角形,過點D作DF⊥BE于F,利用“角角邊”證明△DEF和△CEM全等,根據全等三角形對應邊相等可得DF=CM,EF=ME,然后根據等腰直角三角形的性質并結合圖形整理即可得證.
解答:(1)解:∵∠ABC=45°,CD⊥AB,
∴在Rt△BCD中,∠DBC=∠DCB=45°,
∵BC=2
2
,
∴BD=CD=2
2
×
2
2
=2,
∵點E為CD的中點,
∴DE=CE=
1
2
CD=
1
2
×2=1,
∴BE=
BD2+DE2
=
22+12
=
5
,
∴△BDE的周長=BD+DE+BE=2+1+
5
=3+
5


(2)證明:∵CD⊥AB,BM⊥AC,
∴∠ABN+∠A=90°,∠ACD+∠A=90°,
∴∠ABN=∠ACD,
∵CD⊥AB,ND⊥MD,
∴∠BDN+∠CDN=∠CDM+∠CDN=90°,
∴∠BDN=∠CDM,
在△BDN和△CDM中,
∠ABN=∠ACD
BD=CD
∠BDN=∠CDM
,
∴△BDN≌△CDM(ASA),
∴DN=DM,
∴△DMN是等腰直角三角形,
過點D作DF⊥BE于F,則DF=NF,
∵BM⊥AC于點M,
∴∠DFE=∠CME=90°,
在△DEF和△CEM中,
∠DFE=∠CME
∠DEF=∠CEM
DE=CE
,
∴△DEF≌△CEM(AAS),
∴DF=CM,EF=ME,
∴NE-ME=NE-EF=NF=DF=CM,
即NE-ME=CM.
點評:本題考查了全等三角形的判定與性質,勾股定理,等腰直角三角形的判定與性質,作輔助線構造成全等三角形是解題的關鍵,難點在于多次證明三角形全等.
練習冊系列答案
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下列多項式中能用平方差公式分解因式的是( 。
A、-x2+1
B、5m2-20mn
C、-x2-y2
D、a2+(-b)2

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如圖所示,在直角梯形OABC中,CB∥OA,CB=8,OC=8,OA=16.
(1)直接寫出點A、B、C的坐標,并且求出直角梯形OABC的面積;
(2)動點P沿x軸的正方向以每秒2個單位的速度從原點出發(fā),經過多少時間后PC直線把直角梯形OABC分成面積相等的兩部分?
(3)當P點運動(2)中的位置時,在y軸上是否存在一點Q,連接PQ,使S△CPQ=S梯形OABC(即三角形CPQ的面積=梯形OABC的面積)?若存在這樣一點,求出點Q的坐標;若不存在,請說明理由.

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如圖,等腰△MBC中,MB=MC,點A、P分別在MB、BC、上,作∠APE=∠B.PE交CM于E.
(1)求證:
AP
PE
=
BP
CE

(2)若∠C=60°,BC=7,CE=3,AB=4,求△ABP的面積.

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已知:直線y=x+1經過點B(2,n),且與x軸交于點A.
(1)求n及點A坐標.
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已知△ABC的三條邊分別為a、b、c,關于x的一元二次方程(a+c)x2-2bx+a-c=0有兩個相等的實數根,試判斷△ABC的形狀并證明.

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計算:
(1)
4
-
327
+|-2|
;   
(2)3
2
-(3
2
-2
5
)

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解下列方程(組)或不等式(組)
(1)2(2x+1)=1-5(x-2);
(2)
2x-y=6①
x+2y=-2②
;
(3)
x
3
x-1
2
;                     
(4)
2x-3<9-x
1+3x<2x-5

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如圖,已知平行四邊形ABCD,過A作AM⊥BC于M,交BD于E,過C作CN⊥AD于N,交BD于F,連結AF、CE.
(1)求證:△BME≌△DNF;
(2)求證:四邊形AECF為平行四邊形.

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