Question

如圖，二次函數(shù)y=ax²+bx-3的圖象與x軸交于B、C兩點(diǎn)（點(diǎn)B在點(diǎn)C的左側(cè)），一次函數(shù)y=mx+n的圖象經(jīng)過點(diǎn)B和二次函數(shù)圖象上另一點(diǎn)A，點(diǎn)A的坐標(biāo)（4，3），．
（1）求二次函數(shù)和一次函數(shù)的解析式；
（2）若點(diǎn)P在第四象限內(nèi)的拋物線上，求△ABP面積S的最大值并求出此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)；
（3）若點(diǎn)M在直線AB上，且與點(diǎn)A的距離是到x軸距離的倍，求點(diǎn)M的坐標(biāo)．

Answer 1

解：（1）過點(diǎn)A（4，3）作AD⊥x軸于點(diǎn)D，則D（4，0），∠ADB=90°．
在Rt△ADB中，∵tan∠ABD===，
∴BD=6，B點(diǎn)坐標(biāo)為（-2，0）．
將B（-2，0），A（4，3）代入y=ax²+bx-3，
得，
解得：，
∴二次函數(shù)的解析式為y=x²-x-3；
將B（-2，0），A（4，3）代入y=mx+n，
得，解得，
∴一次函數(shù)解析式為y=x+1；

（2）設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（t，t²-t-3），過點(diǎn)P作PH垂直于x軸交AB于H點(diǎn)，則H（t，t+1），
∴PH=（t+1）-（t²-t-3）=-t²+t+4，
∴S_△ABP=PH•BD=（-t²+t+4）•6=-t²+3t+12=-（t-1）²+，
∴當(dāng)t=1即P點(diǎn)坐標(biāo)為（1，-3）時(shí)，△ABP的面積S最大，此時(shí)S_△ABP=；

（3）設(shè)點(diǎn)M的坐標(biāo)為（p，p+1），
由題意，得=×|p+1|，
化簡(jiǎn)整理，得p²-12p+20=0，
解得p=2或10，
當(dāng)p=2時(shí)，p+1=×2+1=2；
當(dāng)p=10時(shí)，p+1=×10+1=6．
故所求點(diǎn)M的坐標(biāo)為（2，2）或（10，6）．
分析：（1）過點(diǎn)A作AD⊥x軸于點(diǎn)D，則D（4，0），∠ADB=90°，在Rt△ADB中，根據(jù)正切函數(shù)的定義求出BD=6，則B點(diǎn)坐標(biāo)為（-2，0），再將B，A兩點(diǎn)的坐標(biāo)代入y=ax²+bx-3，運(yùn)用待定系數(shù)法求出二次函數(shù)的解析式；將B，A兩點(diǎn)的坐標(biāo)代入y=mx+n，運(yùn)用待定系數(shù)法求出一次函數(shù)的解析式；
（2）根據(jù)（1）中求出的拋物線的解析式可設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（t，t²-t-3），過點(diǎn)P作PH垂直于x軸交AB于H點(diǎn)，則H（t，t+1），用含t的代數(shù)式表示PH的長(zhǎng)度，再根據(jù)S_△ABP=PH•BD，求出S_△ABP=-t²+3t+12，配方后根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)即可求解；
（3）根據(jù)（1）中求出的直線AB的解析式可設(shè)點(diǎn)M的坐標(biāo)為（p，p+1），由點(diǎn)M與點(diǎn)A的距離是它到x軸距離的倍，列出關(guān)于p的方程，解方程即可．
點(diǎn)評(píng)：本題綜合考查了二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)，待定系數(shù)法求函數(shù)（二次函數(shù)和一次函數(shù)）的解析式，三角形的面積，兩點(diǎn)間的距離公式，平面直角坐標(biāo)系內(nèi)的點(diǎn)到坐標(biāo)軸的距離等重要知識(shí)點(diǎn)，難度不是很大．運(yùn)用數(shù)形結(jié)合及方程思想是解題的關(guān)鍵．