Question

已知直角梯形ABCD如圖放置在平面直角坐標(biāo)系中，∠DCB=30°，AB邊在y軸上，點D的橫坐標(biāo)為6，CQ⊥x軸，垂足為Q，點Q的橫坐標(biāo)為12，過CD的直線l交x軸于點E，E點坐標(biāo)為（18，0）．
（1）求直線l的解析式，以及點A和點B的坐標(biāo)；
（2）P為線段CD上一動點，連結(jié)PQ、OP，探究△POQ的周長，并求出當(dāng)周長最小時，P的坐標(biāo)及此時的該三角形的周長；
（3）點N從點Q（12，0）出發(fā)，沿著x軸以每秒1個單位長度的速度向點O運動，同時另一動點M從點B開始沿B-C-D-A的方向繞梯形ABCD運動，運動速度為每秒為2個單位長度，當(dāng)其中一個點到達(dá)終點時，另一點也停止運動，設(shè)運動時間為t秒，連結(jié)MO和MN，試探究當(dāng)t為何值時MO=MN．

Answer 1

解：（1）∵∠DCB=30°，
∴∠DEO=30°，
設(shè)OF=x，則EF=2x，
在Rt△EFO中，OF²+OE²=EF²，即x²+18²=（2x）²，
解得：，
∴，則F（0，），
設(shè)直線l的解析式為y=ax+b（a≠0），經(jīng)過E（18，0）、F（0，）兩點，
則，
解得：，
∴，
當(dāng)x=6時，y=4；當(dāng)x=12時，y=，
∴A（0，），B（0，）．

（2）如圖：作點Q關(guān)于直線EF的對稱點，連接OQ'，則OQ'與CD的交點即是點P的位置，

易證△Q'QE為等邊三角形，則Q'（15，），
∴L_OQ'：y=x，
∴，
解得：，
∴P（，），
∴．

（3）①當(dāng)點M在線段BC上時0≤t≤6，BM=2t，OQ=12-t，

根據(jù)三線合一得：2（2t）=12-t，
解得：s，
②當(dāng)點M在CD上時，

由于CD=，所以6＜t≤6+，而此時點N已經(jīng)向左運動超過了點（6，0），
所以在CD上不可能存在點M．
③點M在DA上運動時，6+＜t＜12，（注意，點N先到達(dá)終點，因而只能運動12秒就停止了）．
AM=18+4-2t，ON=12-t，

根據(jù)三線合一得：2（18+-2t）=12-t，
解得：＞12s，所以在DA上不可能存在點M．
但當(dāng)t=12時MO=MN（此時點N與點O重合）．
綜上可得：s或t=12s時MO=MN．
分析：（1）根據(jù)AD∥BC，可得∠DEO=∠DCB=30°，設(shè)OF=x，則EF=2x，在Rt△EFO中，利用勾股定理可解出x，繼而得出點F的坐標(biāo)，利用待定系數(shù)法可確定EF的解析式，求出點D的縱坐標(biāo)，點C的縱坐標(biāo)后，可得點A和點B的坐標(biāo)；
（2）根據(jù)軸對稱的性質(zhì)，作點Q關(guān)于直線EF的對稱點，連接OQ'，則OQ'與CD的交點即是點P的位置，易判斷△Q'QE是等邊三角形，從而根據(jù)△POQ的周長的周長=OQ+OQ'，即可求出答案．
（3）分三段討論，①點M在線段BC上，②點M在線段CD上，③點M在線段DA上，分別根據(jù)等腰三角形三線合一的性質(zhì)得出關(guān)于t的方程，解出后結(jié)合實際判斷即可得出答案，一定要分清是點M還是點N先到達(dá)終點．
點評：本題考查了一次函數(shù)的綜合，涉及了待定系數(shù)法求函數(shù)解析式、等腰三角形的性質(zhì)及軸對稱求最短路徑的知識，解答本題需要同學(xué)們具有扎實的基本功，注意數(shù)形結(jié)合思想及分類討論思想的運用，難度較大．