Question

如圖1，四邊形ABCD是正方形，G是CD邊上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)（點(diǎn)G與C、D不重合），以CG為一邊在正方形ABCD外作正方形CEFG，連接BG，DE．我們探究下列圖中線段BG、線段DE的長(zhǎng)度關(guān)系及所在直線的位置關(guān)系：
（1）①猜想如圖1中線段BG、線段DE的長(zhǎng)度關(guān)系及所在直線的位置關(guān)系；
②將圖1中的正方形CEFG繞著點(diǎn)C按順時(shí)針（或逆時(shí)針）方向旋轉(zhuǎn)任意角度α，得到如圖2、如圖3情形．請(qǐng)你判斷①中得到的結(jié)論是否仍然成立，并選取圖2證明你的判斷．
（2）將原題中正方形改為矩形（如圖6），且AB=a，BC=b，CE=ka，CG=kb （a≠b，k＞0），第（1）題①中得到的結(jié)論哪些成立，哪些不成立？若成立，以圖5為例簡(jiǎn)要說明理由．

Answer 1

（1）①BG=DE，BG⊥DE，
理由是：

延長(zhǎng)BG交DE于O，
∵四邊形ABCD、CGFE是正方形，
∴BC=CD=AB，CG=CE，∠BCD=∠ECD=90°，
∵在△BCG和△DCE中
，
∴△BCG≌△DCE，
∴BG=DE，∠CBG=∠CDE，
∵∠CBG+∠BGC=90°，
又∵∠DGO=∠BGC，
∴∠EDC+∠DGO=90°，
∴∠DOG=180°-90°=90°，
∴BG⊥DE，
即BG=DE，BG⊥DE；

②仍成立，
證明：∵四邊形ABCD、CGFE是正方形，
∴BC=CD，CG=CE，∠BCD=∠ECG=90°，
∴∠BCD+∠DCG=∠ECG+∠DCG，
即∠BCG=∠DCE，
∵在△BCG和△DCE中
，
∴△BCG≌△DCE，
∴BG=DE，∠CBG=∠CDE，
∵∠CBG+∠BGC=90°，
又∵∠DGO=∠BGC，
∴∠EDC+∠DGO=90°，
∴∠DOG=180°-90°=90°，
∴BG⊥DE，
即BG=DE，BG⊥DE；

（2）解：BG=DE不成立，BG⊥DE成立，
理由是：∵四邊形ABCD和四邊形都是矩形，
∴AB=CD=a，BC=b，CE=ka，CG=kb，
∴==，
∵∠BCG=∠DCE（已證），
∴△BCG∽△DCE，
∴==，∠CBG=∠CDE，
∵∠CBG+∠BHC=90°，
又∵∠DHO=∠BHC，
∴∠EDC+∠DHO=90°，
∴∠DOH=180°-90°=90°，
∴BG⊥DE，
則BG=DE不成立，BG⊥DE成立．
分析：（1）①延長(zhǎng)BG交DE于O，根據(jù)正方形性質(zhì)推出BC=CD=AB，CG=CE，∠BCD=∠ECD=90°，證△BCG≌△DCE，推出BG=DE，∠CBG=∠CDE，求出∠CDE+∠DGO=90°，求出∠DOG=90°即可；②求出∠BCG=∠DCE，證△BCG≌△DCE，推出BG=DE，∠CBG=∠CDE，求出∠CDE+∠DGO=90°，求出∠DOG=90°即可；
（2）求出==，加上∠BCG=∠DCE，證△BCG∽△DCE，得出==，∠CBG=∠CDE，即可判定BG=DE不成立；推出∠EDC+∠DHO=90°，求出∠DOH=90°即可．
點(diǎn)評(píng)：本題考查的知識(shí)點(diǎn)是正方形性質(zhì)，矩形的性質(zhì)，全等三角形性質(zhì)和判定，相似三角形的性質(zhì)和判定，三角形的內(nèi)角和定理，主要考查學(xué)生運(yùn)用定理進(jìn)行推理的能力，題目比較典型，綜合性比較強(qiáng)．