Question

如示意圖，在平面直角坐標系中，O為坐標原點，點A是x軸的負半軸上一點，以AO為直徑的⊙P經(jīng)過點C（-8，4）．點E（m，n）在⊙P上，且-10＜m≤-5，n＜0，CE與x軸相交于點M，過C點作直線CN交x軸于點N，交⊙P于點F，使得△CMN是以MN為底的等腰三角形，經(jīng)過E、F兩點的直線與x軸相交于點Q．
（1）求出點A的坐標；
（2）當(dāng)m=-5時，求圖象經(jīng)過E、Q兩點的一次函數(shù)的解析式；
（3）當(dāng)點E（m，n）在⊙P上運動時，猜想∠OQE的大小會發(fā)生怎樣的變化？請對你的猜想加以證明．

Answer 1

解：（1）如圖1，過C點作CD⊥x軸于點K，與⊙P相交于點D，
∵AO為直徑，
∴CK=KD，CK²=AK•KO，
∵點C的坐標為（-8，4），
∴CK=4，OK=8，
∴4²=AK•8，
∴AK=2，
∴AO=10，
∴點A的坐標為（-10，0）；

（2）∵P（-5，0），K（-8，0），
∴PK=3，
如圖2，連接PD，PE，
∵m=-5，且P（-5，0），
∴PE⊥x軸于P，
又∵點E （-5，n）中⊙，且n＜0，
∴點E的坐標為（-5，-5），
∵△CMN是以MN為底的等腰三角形，
∴∠CNM=∠CMN，
∴∠FCD=∠ECD，
∴
∴PD⊥EF，
∴∠DPK=∠QEP，
∴Rt△KPD∽Rt△PEQ，
∴，
即，
∴PQ=，
∴OQ=OQ+PQ=5+，
∴點Q的坐標為，
設(shè)圖象經(jīng)過E、Q兩點的一次函數(shù)的解析式為y=kx+b（k≠0），
∴，
解得，
∴一次函數(shù)的解析式為；

（3）猜想：當(dāng)點E在⊙P上運動時，∠OQE的大小始終保持不變，
證明：因為-10＜m≤-5，n＜0，可知點E（m，n）在⊙P的四分之一的圓上運動（點E不與點A、點D重合），
如圖，在⊙P的四分之一的圓上任取一點E（點E不與點A、點D重合），連接PD，過點E作EH⊥x軸于點H，
∵∠CNM=∠CMN，
∴∠FCD=∠ECD，
∴，
∴PD⊥EF，
∴∠OQE=∠PDK，
∵∠PDK的大小始終不變，
∴∠OQE的大小始終不變，
綜上所述，當(dāng)點E（m，n）在⊙P的四分之一的圓上運動（點E不與點A、點D重合）時，∠OQE的大小始終不變．

分析：（1）過C點作CD⊥x軸于點K，與⊙P相交于點D，AO為直徑．CK=KD，把相關(guān)數(shù)據(jù)代入CK²=AK•KO，可求得點A的坐標為（-10，0）；
（2）連接PD，PE，則m=-5，且P（-5，0），通過證明Rt△KPD∽Rt△PEQ，
得，即，所以PQ=．
則OQ=OQ+PQ=5+，可求點Q的坐標為，
設(shè)圖象經(jīng)過E、Q兩點的一次函數(shù)的解析式為y=kx+b（k≠0），利用待定系數(shù)法解得一次函數(shù)的解析式為；
（3）因為-10＜m≤-5，n＜0，可知點E（m，n）在⊙P的四分之一的圓上運動（點E不與點A、點D重合），在⊙P的四分之一的圓上任取一點E（點E不與點A、點D重合），連接PD，過點E作EH⊥x軸于點H，利用，得到∠OQE=∠PDK．根據(jù)∠PDK的大小始終不變，可知∠OQE的大小始終不變．
點評：主要考查了函數(shù)和幾何圖形的綜合運用．
解題的關(guān)鍵是會靈活的運用函數(shù)圖象上點的意義，待定系數(shù)法解函數(shù)解析式和相似三角形的性質(zhì)來表示相應(yīng)的線段之間的關(guān)系，再結(jié)合具體圖形的性質(zhì)求解．
試題中貫穿了方程思想和數(shù)形結(jié)合的思想，請注意體會．