Question

16．如圖，已知直線y=-x+3與x軸、y軸分別交于A，B兩點(diǎn)，拋物線y=-x²+bx+c經(jīng)過(guò)A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)P在線段OA上，從點(diǎn)A以1個(gè)單位/秒的速度勻速運(yùn)動(dòng)；同時(shí)，點(diǎn)Q在線段AB上，從點(diǎn)A出發(fā)，向點(diǎn)B以$\sqrt{2}$個(gè)單位/秒的速度勻速運(yùn)動(dòng)，連接PQ，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒．
（1）求拋物線的解析式；
（2）當(dāng)t為何值時(shí)，△APQ為直角三角形；
（3）過(guò)點(diǎn)P作PE∥y軸，交AB于點(diǎn)E，過(guò)點(diǎn)Q作QF∥y軸，交拋物線于點(diǎn)F，連接EF，當(dāng)EF∥PQ時(shí)，求點(diǎn)F的坐標(biāo)．

Answer 1

分析 （1）先求得直線AB與x軸、y軸的交點(diǎn)坐標(biāo)，然后將點(diǎn)A、點(diǎn)B的坐標(biāo)代入拋物線的解析式得到關(guān)于b、c的方程組求得b、c的值從而可得到拋物線的解析式；
（2）由點(diǎn)A、B的坐標(biāo)可知OB=OA，從而可求得∠BAO=45°，然后分為∠PQA=90°和∠QPA=90°兩種情況求解即可；
（3）由題意可知：EP∥FQ，EF∥PQ，故此四邊形EFQP為平行四邊形，從而得到PE=FQ，然后設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（t，0）則可表示出點(diǎn)Q、E、F的坐標(biāo)，從而可求得PE、FQ的長(zhǎng)，最后根據(jù)PE=FQ列方程求解即可．

解答 解：（1）∵y=-x+3與x軸交于點(diǎn)A，與y軸交于點(diǎn)B，
∴當(dāng)y=0時(shí)，x=3，即A點(diǎn)坐標(biāo)為（3，0），當(dāng)x=0時(shí)，y=3，即B點(diǎn)坐標(biāo)為（0，3）．
∵將A（3，0），B（0，3）代入得：$\left\{\begin{array}{l}{-9+3b+c=0}\\{c=3}\end{array}\right.$，解得$\left\{\begin{array}{l}{b=2}\\{c=3}\end{array}\right.$，
∴拋物線的解析式為y=-x²+2x+3．
（2）∵OA=OB=3，∠BOA=90°，
∴∠QAP=45°．
如圖①所示：∠PQA=90°時(shí)．

設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒，則QA=$\sqrt{2}$t，PA=3-t．
在Rt△PQA中，$\frac{QA}{PA}=\frac{\sqrt{2}}{2}$，即$\frac{\sqrt{2}t}{3-t}=\frac{\sqrt{2}}{2}$．
解得：t=1．
如圖②所示：∠QPA=90°時(shí)．

設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒，則QA=$\sqrt{2}$t，PA=3-t．
在Rt△PQA中，$\frac{PA}{AQ}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$，即$\frac{3-t}{\sqrt{2}t}=\frac{\sqrt{2}}{2}$．
解得：t=$\frac{3}{2}$．
綜上所述，當(dāng)t=1或t=$\frac{3}{2}$時(shí)，△PQA是直角三角形．
（3）如圖③所示：

設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（t，0），則點(diǎn)E的坐標(biāo)為（t，-t+3），則EP=3-t．點(diǎn)Q的坐標(biāo)為（3-t，t），點(diǎn)F的坐標(biāo)為（3-t，-（3-t）²+2（3-t）+3），即F（3-t，4t-t²），則FQ=4t-t²-t=3t-t²．
∵EP∥FQ，EF∥PQ，
∴四邊形EFQP為平行四邊形．
∴EP=FQ，即3-t=3t-t²．
解得：t₁=1，t₂=3（舍去）．
將t=1代入得點(diǎn)F的坐標(biāo)為（2，3）．

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查的是二次函數(shù)的綜合應(yīng)用，解答本題主要應(yīng)用了一次函數(shù)圖象上的點(diǎn)的坐標(biāo)與函數(shù)解析式之間的關(guān)系、待定系數(shù)法二次函數(shù)的解析式、等腰三角形三角形的性質(zhì)和判定、平行四邊形的判定，用含t的式子表示EP和FQ的長(zhǎng)是解題的關(guān)鍵．