Question

如圖，矩形ABCD中，點(diǎn)M從A點(diǎn)出發(fā)在線段AB上作勻速運(yùn)動(dòng)（不與A、B重合），同時(shí)點(diǎn)N從B點(diǎn)出發(fā)在線段BC上作勻速運(yùn)動(dòng)．
（1）如圖1，若M為AB中點(diǎn)，且DM⊥MN．請(qǐng)?jiān)趫D中找出兩對(duì)相似三角形：
①

 

∽

 

_，②

 

∽

 

，選擇其中一對(duì)加以證明；
（2）①如圖2，若AB=5，BC=3點(diǎn)M的速度為1個(gè)單位長(zhǎng)度/秒，點(diǎn)N的速度為

1

2

個(gè)單位長(zhǎng)度/秒，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t秒．當(dāng)t為何值時(shí)，△DAM與△MBN相似？請(qǐng)說(shuō)明理由；
②如果把點(diǎn)N的速度改為a個(gè)單位長(zhǎng)度/秒，其它條件不變，是否存在a的值，使得△DAM與△MBN和△DCN這兩個(gè)三角形都相似？若存在，請(qǐng)求出a的值；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（1）首先可得有△DAM∽△MBN，△DAM∽△DMN，△DMN∽△MBN三對(duì)相似；然后選擇其中的一對(duì)證明即可，注意應(yīng)用矩形的性質(zhì)，特別是同角或等角的余角相等的性質(zhì)的應(yīng)用；
（2）①如圖2可得AM=t，MB=5-t，BN=

1

2

t（0＜t＜5），然后分兩種情況：（Ⅰ）當(dāng)∠1=∠3時(shí)，△DAM∽△MBN與（Ⅱ）當(dāng)∠2=∠3時(shí)，△DAM∽△NBM去分析根據(jù)相似三角形的對(duì)應(yīng)邊成比例，即可得方程，解方程即可求得答案；
②分四種情況去分析：（Ⅰ）當(dāng)∠1=∠3=∠6時(shí)，∠DMN=90°，△DAM∽△MBN∽△DCN，（Ⅱ）當(dāng)∠1=∠3=∠5時(shí)，（Ⅲ）當(dāng)∠2=∠3=∠6時(shí)，（Ⅳ）當(dāng)∠2=∠3=∠5時(shí)，△DAM∽△NBM∽△DCN，根據(jù)相似三角形的對(duì)應(yīng)邊成比例列方程求解即可求得答案．

解答：解：（1）有△DAM∽△MBN，△DAM∽△DMN，△DMN∽△MBN三對(duì)相似；
選△DAM∽△MBN，
證明：∵四邊形ABCD是矩形，
∴∠A=∠B=90°，
∴∠ADM=90°-∠AMD，
∵DM⊥MN，
∴∠BMN=180°-90°-∠AMD=90°-∠AMD，
∴∠ADM=∠BMD，
∴△DAM∽△MBN；

選△DAM∽△DMN，
證明：延長(zhǎng)NM交DA的延長(zhǎng)線于E點(diǎn)，如圖1．
∵四邊形ABCD是矩形，
∴∠DAB=∠B=90°，
∴∠EAM=∠B=90°，
又∵∠AME=∠BMN，AM=BM，
∴△AME≌△BMN，
∴EM=MN，
又∵DM⊥MN，
∴DE=DN，
∴∠ADM=∠NDM，
又∵∠DAM=∠DMN=90°，
∴△DAM∽△DMN；

選△DAM∽△MBN，
證明：延長(zhǎng)MN交DA的延長(zhǎng)線于E點(diǎn)，如圖1．
∵四邊形ABCD是矩形，
∴∠DAB=∠B=90°，
∴∠EAM=∠B=90°，
又∵∠AME=∠BMN，AM=BM，
∴△AME≌△BMN，
∴EM=MN，∠E=∠MNB，
又∵DM⊥MN，
∴DE=DN，
∴∠E=∠DNM，
∴∠DNM=∠MNB，
又∵∠DMN=∠B=90°，
∴△DMN∽△MBN；

（2）①如圖2，AM=t，MB=5-t，BN=

1

2

t（0＜t＜5），
分兩種情況：（Ⅰ）當(dāng)∠1=∠3時(shí)，△DAM∽△MBN，
∴

BN

AM

=

MB

DA

，
∴

1 2 t

t

=

5-t

3

，
解得：t=

7

2

，
（Ⅱ）當(dāng)∠2=∠3時(shí)，△DAM∽△NBM，
∴

BN

AD

=

BM

AM

，
∴AM•BN=AD•BM，
∴t×

1

2

t=3（5-t），
解得：t₃=

39

-3，t₄=-

39

-3（不合題意舍去），
∴當(dāng)t=

7

2

時(shí)，△DAM∽△MBN；當(dāng)t=

39

-3時(shí)，△DAM∽△NBM．

②分四種情況：（Ⅰ）當(dāng)∠1=∠3=∠6時(shí)，∠DMN=90°，△DAM∽△MBN∽△DCN，
由

BN

AM

=

MB

DA

，
得：BN=

t(5-t)

3

，
∴CN=

t2-5t+9

3

，
由

CN

BN

=

DC

MB

，得：CN•MB=DC•BN，
∴

t2-5t+9

3

-（5-t）=5-

t(5-t)

3

，
化簡(jiǎn)得：t²-10t+9=0，解得：t₁=1，t₂=9（不合題意舍去），a=

4

3

，
（Ⅱ）當(dāng)∠1=∠3=∠5時(shí)，
∵∠5+∠6=90°，
∴∠1+∠6=90°，（與已知條件矛盾）
所以此時(shí)不存在．
（Ⅲ）當(dāng)∠2=∠3=∠6時(shí)，
方法一：∵∠1+∠2=90°，
∴∠1+∠6=90°，（與已知條件矛盾）所以此時(shí)不存在．
方法二：由

BN

DA

=

MB

MA

，
得：BN=

3(5-t)

t

，
∴CN=

6t-15

t

，
由

CN

BN

=

DC

MB

，得：CN•MB=DC•BN，
∴

6t-15

t

（5-t）=5-

3(5-t)

t

，
解得：t=5（不合題意舍去），所以此時(shí)不存在．
（Ⅳ）當(dāng)∠2=∠3=∠5時(shí)，△DAM∽△NBM∽△DCN，
由（Ⅲ）得BN=

3(5-t)

t

，
∴CN=

6t-15

t

，
由

CN

BM

=

DC

NB

，得：CN•NB=DC•BM，
∴

6t-15

t

-

3(5-t)

t

=5（5-t），
化簡(jiǎn)得：5t²-18t+45=0方程沒(méi)有實(shí)數(shù)根，所以此時(shí)不存在．
綜上所述：當(dāng)a=

4

3

時(shí)，△DAM∽△MBN∽△DCN．

點(diǎn)評(píng)：此題考查了相似三角形的判定與性質(zhì)，矩形的性質(zhì)，一元二次方程的解法，以及直角三角形的性質(zhì)等知識(shí)．此題綜合性很強(qiáng)，難度較大，解題的關(guān)鍵是方程思想與數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用．