解:(1)連接CM,由題意得:OM=3,OB=3,OE=9,MC=6
OA=OM+MA=3+6=9
A(9,0)
∵OC=
=3
∴C(0,
)
(2)證法一:
在Rt△DCO中,∵DC=
=6
在△DCM中,∵CM
2+DC
2=144
DM
2=(DO+OM)
2=(9+3)
2=12
2=144
∴CM
2+DC
2=DM
2∴△DCM直角三角形.
∴MC⊥DC,而MC是⊙M的半徑
∴CD是⊙M的切線(xiàn).
證法二:
在Rt△COM中,∵sin∠MCO=
=
,
∴∠MCO=30°
在Rt△DOC中,∵tan∠DCO=
=
=
,
∴∠DCO=60°
∴∠DCM=∠MCO+∠DCO=90°
∴MC⊥DC,而MC中的⊙M半徑.
(3)由拋物線(xiàn)y=x
2+bx+c經(jīng)過(guò)點(diǎn)M(3,0)和點(diǎn)A(9,0),可得:
解得:
∴拋物線(xiàn)的解析式為:y=x
2-12x+27.
(4)存在
設(shè)拋物線(xiàn)的對(duì)稱(chēng)軸交x軸于點(diǎn)H
在(2)中已證:
∴∠DCO=60°,∠CDO=30°
∵拋物線(xiàn)的對(duì)稱(chēng)軸平行于y,
∴∠CEF=∠DCO=60°
∵OD=OA=9,
∴CO垂直平分AD
∴∠CAO=∠CDO=30°
在Rt△AFH中,∠AFH=60°
∴∠EFC=60°
∴△CEF是等邊三角形
過(guò)點(diǎn)C作CG⊥EF于點(diǎn)G,則CG=6
可得:EF=4
,S
△CEF=
EF•CG=
×4
×6=12
;
若點(diǎn)P在軸的上方,設(shè)點(diǎn)P坐標(biāo)為(x,y),S
△PAM=
AM•y=3y,S
△PAM:S
△CEF=
:3
∴3y:12
=
:3,
解得:y=4.
當(dāng)y=4時(shí),即x
2-12x+27=4,解得x=6±
∴P(6-
,4)或(6+
,4).
②若點(diǎn)P在x軸上,則點(diǎn)P與點(diǎn)M或與點(diǎn)A重合,此時(shí)構(gòu)不成三角形.
③若點(diǎn)P在x軸下方,設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(x,y)
S
△PAM=
AM•(-y)=-3y,S
△PAM:S
△CEF=
:3
∴-3y:12
=
:3
解得:y=-4
當(dāng)y=-4時(shí),即x
2-12x+27=-4,解得x=6±
.
∴P(6-
,-4)或(6+
,-4).
∴這樣的點(diǎn)共有4個(gè),
∴P(6-
,4)或(6+
,4)或(6-
,-4)或(6+
,-4).
分析:(1)已知了M的坐標(biāo)和圓的半徑即可求出A點(diǎn)坐標(biāo),連接MC可在直角三角形OMC中,用勾股定理求出OC的長(zhǎng),即可得出C點(diǎn)的坐標(biāo).
(2)連接MC,證MC⊥CD即可.根據(jù)OD的長(zhǎng)和OC的長(zhǎng),不難得出∠ODC=30°,同理可在直角三角形OCM中,求出∠OMC=60°,由此可得出∠DCM=90°,由此可得證.
(3)將M、A的坐標(biāo)代入拋物線(xiàn)中求解即可.
(4)本題可先求出三角形CEF的面積,然后根據(jù)兩三角形的面積比求出三角形PAM的面積,由于AM是定值,根據(jù)三角形PAM的面積即可求出P點(diǎn)的縱坐標(biāo)的絕對(duì)值,代入拋物線(xiàn)中即可求出P點(diǎn)的坐標(biāo).
點(diǎn)評(píng):本題考查了圓和二次函數(shù)的相關(guān)知識(shí),難度較大.