Question

（2013•海南）（1）如圖（1）點(diǎn)P是正方形ABCD的邊CD上一點(diǎn)（點(diǎn)P與點(diǎn)C，D不重合），點(diǎn)E在BC的延長(zhǎng)線上，且CE=CP，連接BP，DE．求證：△BCP≌△DCE；
（2）直線EP交AD于F，連接BF，F(xiàn)C．點(diǎn)G是FC與BP的交點(diǎn)．
①若CD=2PC時(shí)，求證：BP⊥CF；
②若CD=n•PC（n是大于1的實(shí)數(shù)）時(shí)，記△BPF的面積為S₁，△DPE的面積為S₂．求證：S₁=（n+1）S₂．

Answer 1

分析：（1）利用SAS，證明△BCP≌△DCE；
（2）在（1）的基礎(chǔ)上，再證明△BCP≌△CDF，進(jìn)而得到∠FCD+∠BPC=90°，從而證明BP⊥CF；
（3）設(shè)CP=CE=1，則BC=CD=n，DP=CD-CP=n-1，分別求出S₁與S₂的值，得S₁=

1

2

（n²-1），S₂=

1

2

（n-1），所以S₁=（n+1）S₂結(jié)論成立．

解答：證明：（1）在△BCP與△DCE中，

BC=CD ∠BCP=∠DCE=90° CP=CE

，
∴△BCP≌△DCE（SAS）．

（2）①∵CP=CE，∠PCE=90°，
∴∠CPE=45°，
∴∠FPD=∠CPE=45°，
∴∠PFD=45°，
∴FD=DP．
∵CD=2PC，
∴DP=CP，
∴FD=CP．
在△BCP與△CDF中，

BC=CD ∠BCP=∠CDF=90° CP=FD

，
∴△BCP≌△CDF（SAS）．
∴∠FCD=∠CBP，
∵∠CBP+∠BPC=90°，
∴∠FCD+∠BPC=90°，
∴∠PGC=90°，即BP⊥CF．
②證法一：設(shè)CP=CE=1，則BC=CD=n，DP=CD-CP=n-1．
易知△FDP為等腰直角三角形，
∴FD=DP=n-1．
S₁=S_梯形BCDF-S_△BCP-S_△FDP
=

1

2

（BC+FD）•CD-

1

2

BC•CP-

1

2

FD•DP
=

1

2

（n+n-1）•n-

1

2

n×1-

1

2

（n-1）²
=

1

2

（n²-1）；
S₂=

1

2

DP•CE=

1

2

（n-1）×1=

1

2

（n-1）．
∵n²-1=（n+1）（n-1），
∴S₁=（n+1）S₂．
證法二：
∵AD∥BE，
∴△FDP∽△ECP，
∴

FP

PE

=

DP

PC

=

n-1

1

，
∴S₁=

n-1

n

S_△BEF．
如下圖所示，連接BD．

∵BC：CE=CD：CP=n，
∴S_△DCE=

1

n+1

S_△BED，
∵DP：CP=n-1，
∴S₂=

n-1

n

S_△DCE，
∴S₂=

n-1

n(n+1)

S_△BED．
∵AD∥BE，∴S_△BEF=S_△BED，
∴S₁=（n+1）S₂．

點(diǎn)評(píng)：本題是幾何綜合題，考查了正方形的性質(zhì)、全等三角形的判定與性質(zhì)、等腰直角三角形、圖形的面積等知識(shí)點(diǎn)，試題的難度不大．