Question

【題目】如圖，拋物線y=ax2﹣2ax+c（a≠0）與y軸交于點(diǎn)C（0，4），與x軸交于點(diǎn)A、B，點(diǎn)A坐標(biāo)為（4，0）．

（1）求該拋物線的解析式；
（2）拋物線的頂點(diǎn)為N，在x軸上找一點(diǎn)K，使CK+KN最小，并求出點(diǎn)K的坐標(biāo)；
（3）點(diǎn)Q是線段AB上的動(dòng)點(diǎn)，過點(diǎn)Q作QE∥AC，交BC于點(diǎn)E，連接CQ．當(dāng)△CQE的面積最大時(shí)，求點(diǎn)Q的坐標(biāo)；
（4）若平行于x軸的動(dòng)直線l與該拋物線交于點(diǎn)P，與直線AC交于點(diǎn)F，點(diǎn)D的坐標(biāo)為（2，0）．問：是否存在這樣的直線l，使得△ODF是等腰三角形？若存在，請(qǐng)求出點(diǎn)P的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說明理由．

Answer 1

【答案】
（1）

解：∵拋物線經(jīng)過點(diǎn)C（0，4），A（4，0），

∴ ，解得 ，

∴拋物線解析式為y=﹣

（2）

解：由（1）可求得拋物線頂點(diǎn)為N（1， ），

如圖1，作點(diǎn)C關(guān)于x軸的對(duì)稱點(diǎn)C′（0，﹣4），連接C′N交x軸于點(diǎn)K，則K點(diǎn)即為所求，

設(shè)直線C′N的解析式為y=kx+b，把C′、N點(diǎn)坐標(biāo)代入可得 ，解得 ，

∴直線C′N的解析式為y= ，

令y=0，解得x= ，

∴點(diǎn)K的坐標(biāo)為（ ，0）

（3）

解：設(shè)點(diǎn)Q（m，0），過點(diǎn)E作EG⊥x軸于點(diǎn)G，如圖2，

由﹣ =0，得x1=﹣2，x2=4，

∴點(diǎn)B的坐標(biāo)為（﹣2，0），AB=6，BQ=m+2，

又∵QE∥AC，

∴△BQE≌△BAC，

∴ ，即 ，解得EG= ；

∴S△CQE=S△CBQ﹣S△EBQ= = = ．

又∵﹣2≤m≤4，

∴當(dāng)m=1時(shí)，S△CQE有最大值3，此時(shí)Q（1，0）

（4）

解：存在．在△ODF中，

（ⅰ）若DO=DF，∵A（4，0），D（2，0），

∴AD=OD=DF=2．

又在Rt△AOC中，OA=OC=4，

∴∠OAC=45°．

∴∠DFA=∠OAC=45°．

∴∠ADF=90°．

此時(shí)，點(diǎn)F的坐標(biāo)為（2，2）．

由﹣ =2，得x1=1+ ，x2=1﹣ ．

此時(shí)，點(diǎn)P的坐標(biāo)為：P1（1+ ，2）或P2（1﹣ ，2）；

（ⅱ）若FO=FD，過點(diǎn)F作FM⊥x軸于點(diǎn)M．

由等腰三角形的性質(zhì)得：OM= OD=1，

∴AM=3．

∴在等腰直角△AMF中，MF=AM=3．

∴F（1，3）．

由﹣ =3，得x1=1+ ，x2=1﹣ ．

此時(shí)，點(diǎn)P的坐標(biāo)為：P3（1+ ，3）或P4（1﹣ ，3）；

（ⅲ）若OD=OF，

∵OA=OC=4，且∠AOC=90°．

∴AC=4 ．

∴點(diǎn)O到AC的距離為2 ．

而OF=OD=2＜2 ，與OF≥2 矛盾．

∴在AC上不存在點(diǎn)使得OF=OD=2．

此時(shí)，不存在這樣的直線l，使得△ODF是等腰三角形．

綜上所述，存在這樣的直線l，使得△ODF是等腰三角形．所求點(diǎn)P的坐標(biāo)為：（1+ ，2）或（1﹣ ，2）或（1+ ，3）或（1﹣ ，3）

【解析】（1）把A、C兩點(diǎn)坐標(biāo)代入拋物線解析式可求得a、c的值，可求得拋物線解析；（2）可求得點(diǎn)C關(guān)于x軸的對(duì)稱點(diǎn)C′的坐標(biāo)，連接C′N交x軸于點(diǎn)K，再求得直線C′K的解析式，可求得K點(diǎn)坐標(biāo)；（3）過點(diǎn)E作EG⊥x軸于點(diǎn)G，設(shè)Q（m，0），可表示出AB、BQ，再證明△BQE≌△BAC，可表示出EG，可得出△CQE關(guān)于m的解析式，再根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)可求得Q點(diǎn)的坐標(biāo)；（4）分DO=DF、FO=FD和OD=OF三種情況，分別根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)求得F點(diǎn)的坐標(biāo)，進(jìn)一步求得P點(diǎn)坐標(biāo)即可．