解:(1)只閉合S
2時(shí),R
1與燈泡L串聯(lián),電流表測(cè)電路中的電流,
∵串聯(lián)電路中的總電阻等于各分電阻之和,
∴根據(jù)歐姆定律可得,電源的電壓:
U=I
1(R
1+R
L)=0.4A×(20Ω+R
L),
只閉合S
3,且變阻器的滑片P在正中點(diǎn)時(shí),燈泡L與滑動(dòng)變阻器最大阻值的一半串聯(lián),電流表測(cè)電路中的電流,
電源的電壓:
U=I
2(
+R
L)=0.3A×(
+R
L),
∵電源的電壓不變
∴0.4A×(20Ω+R
L)=0.3A×(
+R
L),
解得:R
L=10Ω,
電源的電壓U=0.4A×(20Ω+R
L)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V;
(2)只閉合S
3時(shí),燈泡正常發(fā)光時(shí)的電壓為5V,
∵串聯(lián)電路中各處的電路相等,
∴電路中的電流I
L=
=
=0.5A,
∵串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和,
∴滑動(dòng)變阻器兩端的電壓:
U
2=U-U
L=12V-5V=7V,
滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻:
R
2′=
=
=14Ω;
(3)閉合S
1、S
2、S
3時(shí),R
1與R
2并聯(lián),電流表測(cè)干路電流,
當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻R
2=60Ω時(shí)電流表的示數(shù)最小,
∵并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等,且干路電流等于各支路電流之和,
∴電流表的最小示數(shù):
I
min=
+
=
+
=0.6A+0.2A=0.8A,
當(dāng)電流表選接0~3A,且示數(shù)為3A時(shí),滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小,
此時(shí)通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流:
I
2′=I
max-I
1=3A-0.6A=2.4A,
滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值:
R
2″=
=
=5Ω,
即R
2取值范圍為5Ω~60Ω,電流表的示數(shù)范圍為3A~0.8A.
答:(1)電源電壓為12V,燈絲電阻為10Ω;
(2)只閉合S
3時(shí),要使小燈泡L正常發(fā)光,變阻器R
2連入電路的阻值為14Ω;
(3)閉合S
1、S
2、S
3,為保證不損壞電流表,R
2取值范圍為5Ω~60Ω,電流表的示數(shù)范圍為3A~0.8A.
分析:(1)只閉合S
2時(shí),R
1與燈泡L串聯(lián),電流表測(cè)電路中的電流,根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電源的電壓;只閉合S
3,且變阻器的滑片P在正中點(diǎn)時(shí),燈泡L與滑動(dòng)變阻器最大阻值的一半串聯(lián),電流表測(cè)電路中的電流,再根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電源的電壓,利用電源的電壓不變建立等式即可求出電源的電壓和燈絲電阻;
(2)只閉合S
3時(shí),燈泡正常發(fā)光時(shí)的電壓和額定電壓相等,根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出電路中的電流,利用串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出滑動(dòng)變阻器兩端的電壓,利用歐姆定律求出變阻器R
2連入電路的阻值;
(3)閉合S
1、S
2、S
3時(shí),R
1與R
2并聯(lián),電流表測(cè)干路電流,當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)電流表的示數(shù)最小,根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律求出其大。划(dāng)電流表的示數(shù)最大為3V時(shí),滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小,根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流,利用歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器接入電路的最小值即可得出答案.
點(diǎn)評(píng):本題考查了串聯(lián)電路特點(diǎn)和并聯(lián)電路的特點(diǎn)以及歐姆定律、電功率公式的應(yīng)用,關(guān)鍵是開(kāi)掛閉合、斷開(kāi)時(shí)電路連接方式的辨別和知道燈泡正常發(fā)光時(shí)的電壓與額定電壓相等,要注意滑動(dòng)變阻器變化時(shí)和電流表示數(shù)的對(duì)應(yīng)關(guān)系.