Question

常溫下向100mL 0.01mol?L^-1 HA溶液中逐滴加入0.02mol?L^-1 MOH溶液，圖中所示曲線表示混合溶液的pH變化情況（體積變化忽略不計）．回答下列問題：
（1）由圖中信息可知，MOH為

 

堿（填“強(qiáng)”或“弱”）．
（2）常溫下，一定濃度的MA稀溶液的pH=5，用離子方程式表示其原因：

 

，此時溶液中由水電離出的c（OH^-）=

 

 mol?L^-1．
（3）請寫出K點所對應(yīng)的溶液中離子濃度的大小關(guān)系：

 

．
（4）K點對應(yīng)的溶液中，c（M⁺）+c（MOH）

 

2c（A^-）（填“＞”“＜”或“=”）；若此時溶液中pH=10則c（M⁺）-c（OH^-）≈

 

 mol?L^-1（保留三位小數(shù)）．

Answer 1

考點：酸堿混合時的定性判斷及有關(guān)ph的計算

專題：

分析：（1）0.01mol?L^-1HA溶液的pH=2，說明HA完全電離為強(qiáng)酸，100mL 0.01mol?L^-1 HA溶液中逐滴加入0.02mol?L^-1 MOH溶液，當(dāng)MOH體積為51mL時，為中性，則堿過量；
（2）寫出M⁺離子水解的離子方程式；鹽溶液中水電離的氫氧根離子就等于溶液中的氫離子濃度；
（3）K點MOH的物質(zhì)的量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于HA的物質(zhì)的量，溶液顯示堿性，據(jù)此進(jìn)行比較離子濃度大��；
（4）根據(jù)溶液中的物料守恒進(jìn)行判斷濃度關(guān)系；根據(jù)溶液中的電荷守恒和物料守恒進(jìn)行計算．

解答： 解：（1）0.01mol?L^-1HA溶液的pH=2，說明HA完全電離為強(qiáng)酸，100mL 0.01mol?L^-1 HA溶液中逐滴加入0.02mol?L^-1 MOH溶液，當(dāng)MOH體積為51mL時，為中性，則堿過量時為中性，說明二者恰好反應(yīng)時為酸性，所以M⁺水解顯酸性，即MOH為弱堿；
故答案為：弱；
（2）MA屬于強(qiáng)酸弱堿鹽，水解顯示酸性，M⁺離子結(jié)合水電離的氫氧根離子生成了MOH，水解離子方程式為：M⁺+H₂O?MOH+H⁺；水電離的氫氧根離子等于溶液中氫離子的濃度，即c（OH^-）=1×10^-5mol?L^-1，
故答案為：M⁺+H₂O?MOH+H⁺；1×10^-5；
（3）由于在K點，MOH的物質(zhì)的量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于HA的物質(zhì)的量，溶液顯示堿性，所以溶液中濃度大小關(guān)系為：c（M⁺）＞c（A^-）＞c（OH^-）＞c（H⁺），
故答案為：c（M⁺）＞c（A^-）＞c（OH^-）＞c（H⁺）；
（4）K點時，加入的MOH的物質(zhì)的量=0.02mol?L^-1×0.1L=0.002mol，混合溶液的體積是0.2L，根據(jù)物料守恒知，c（M⁺）+c（MOH）=

0.002mol

0.2L

=0.01mol/L，
HA是強(qiáng)酸，所以反應(yīng)后的溶液中，c（A^-）=

1

2

×0.01mol?L^-1=0.005mol?L^-1，故c（M⁺）+c（MOH）=2c（A^-）；
根據(jù)電荷守恒可得：c（H⁺）+c（M⁺）=c（A^-）+c（OH^-），
由c（M⁺）+c（MOH）=0.01mol/L，可得c（M⁺）=0.01mol/L-c（MOH），帶入電荷守恒公式可得：c（H⁺）+0.01mol/L-c（MOH）=c（A^-）+c（OH^-），
整理可得：c（MOH）+c（OH^-）=c（H⁺）+0.01mol/L-c（A^-）=10^-10mol/L+0.01mol/L-0.005mol?L^-1≈0.005mol?L^-1，
故答案為：=；0.005．

點評：本題考查了弱電解質(zhì)的電離、鹽類的水解、溶液的稀釋、離子濃度的大小比較等知識點，題目難度中等，注意掌握鹽的水解原理及其應(yīng)用方法，能夠利用電荷守恒、物料守恒判斷溶液中離子濃度大�。�