Question

14．已知函數(shù)f（x）=lnx-$\frac{a}{x}$．
（1）當(dāng)a＞0時，求f（x）在[e，+∞）上的最小值；
（2）若f（x）在[1，e]上的最小值為$\frac{3}{2}$，求實數(shù)a的值；
（3）若f（x）＜x²在（1，+∞）上恒成立，求a的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，判斷函數(shù)的單調(diào)性，求出函數(shù)的最小值即可；
（2）求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，通過討論a的范圍，求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，從而求出函數(shù)的最小值，得到關(guān)于a的方程，求出a的值即可；
（3）分離參數(shù)得到a＞xlnx-x³在（1，+∞）上恒成立．令g（x）=xlnx-x³，根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性求出a的范圍即可．

解答 解：（1）∵a＞0，x≥e，
∴f′（x）=$\frac{1}{x}$+$\frac{a}{{x}^{2}}$＞0，f（x）在[e，+∞）遞增，
故f（x）_min=f（e）=$1-\frac{a}{e}$；
（2）由題意可知，f′（x）=$\frac{1}{x}$++$\frac{a}{{x}^{2}}$=$\frac{x+a}{{x}^{2}}$．
①若a≥-1，則x+a≥0，即f′（x）≥0在[1，e]上恒成立，此時f（x）在[1，e]上為增函數(shù)，
∴f（x）_min=f（1）=-a=$\frac{3}{2}$，∴a=-$\frac{3}{2}$（舍去）．
②若a≤-e，則x+a≤0，即f′（x）≤0在[1，e]上恒成立，此時f（x）在[1，e]上為減函數(shù)，
∴f（x）_min=f（e）=1-$\frac{a}{e}$=$\frac{3}{2}$，∴a=-$\frac{e}{2}$（舍去）．
③若-e＜a＜-1，令f′（x）=0得x=-a，
當(dāng)1＜x＜-a時，f′（x）＜0，
∴f（x）在（1，-a）上為減函數(shù)；
當(dāng)-a＜x＜e時，f′（x）＞0，
∴f（x）在（-a，e）上為增函數(shù)，
∴f（x）_min=f（-a）=ln（-a）+1=$\frac{3}{2}$，
∴a=-$\sqrt{e}$．綜上所述，a=-$\sqrt{e}$；
（3）∵f（x）＜x²，∴a＞xlnx-x³在（1，+∞）上恒成立．
令g（x）=xlnx-x³，h（x）=g′（x）=1+ln x-3x²，
h′（x）=$\frac{1}{x}$-6x=$\frac{1-{6x}^{2}}{x}$．
∵x∈（1，+∞）時，h′（x）＜0，
∴h（x）在（1，+∞）上是減函數(shù)．
∴h（x）＜h（1）=-2＜0，即g′（x）＜0，
∴g（x）在（1，+∞）上也是減函數(shù)．
∴g（x）＜g（1）=-1，
當(dāng)a≥-1時，f（x）＜x²在（1，+∞）上恒成立．

點評 本題考查了函數(shù)的單調(diào)性、最值問題，考查導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用以及分類討論思想，轉(zhuǎn)化思想，是一道中檔題．