Question

設(shè)函數(shù)f（x）=lnx+（x-a）²，a∈R．
（Ⅰ）若a=0，求函數(shù)f（x）在[1，e]上的最小值；
（Ⅱ）若函數(shù)f（x）在上存在單調(diào)遞增區(qū)間，試求實數(shù)a的取值范圍；
（Ⅲ）求函數(shù)f（x）的極值點．

Answer 1

解：（Ⅰ）f（x）的定義域為（0，+∞）．…（1分）
因為，
所以f（x）在[1，e]上是增函數(shù)，
當(dāng)x=1時，f（x）取得最小值f（1）=1．
所以f（x）在[1，e]上的最小值為1．…（3分）
（Ⅱ）解法一：
設(shè)g（x）=2x²-2ax+1，…（4分）
依題意，在區(qū)間上存在子區(qū)間使得不等式g（x）＞0成立．…（5分）
注意到拋物線g（x）=2x²-2ax+1開口向上，
所以只要g（2）＞0，或即可．…（6分）
由g（2）＞0，即8-4a+1＞0，得，
由，即，得，
所以，
所以實數(shù)a的取值范圍是．…（8分）
解法二：，…（4分）
依題意得，在區(qū)間[，2]上存在子區(qū)間使不等式2x²-2ax+1＞0成立．
又因為x＞0，所以．…（5分）
設(shè)g（x）=2x+，所以2a小于函數(shù)g（x）在區(qū)間[，2]的最大值．
又因為，
由，解得；
由，解得．
所以函數(shù)g（x）在區(qū)間上遞增，在區(qū)間上遞減．
所以函數(shù)g（x）在，或x=2處取得最大值．
又，，所以，
所以實數(shù)a的取值范圍是．…（8分）
（Ⅲ）因為，令h（x）=2x²-2ax+1
①顯然，當(dāng)a≤0時，在（0，+∞）上h（x）＞0恒成立，
這時f'（x）＞0，
此時，函數(shù)f（x）沒有極值點； …（9分）
②當(dāng)a＞0時，
（ⅰ）當(dāng)△≤0，即時，
在（0，+∞）上h（x）≥0恒成立，
這時f'（x）≥0，
此時，函數(shù)f（x）沒有極值點； …（10分）
（ⅱ）當(dāng)△＞0，即時，
易知，當(dāng)時，
h（x）＜0，這時f'（x）＜0；
當(dāng)或時，
h（x）＞0，這時f'（x）＞0；
所以，當(dāng)時，是函數(shù)f（x）的極大值點；
是函數(shù)f（x）的極小值點．…（12分）
綜上，當(dāng)時，函數(shù)f（x）沒有極值點；
當(dāng)時，是函數(shù)f（x）的極大值點；
是函數(shù)f（x）的極小值點．…（13分）
分析：（Ⅰ）f（x）的定義域為（0，+∞）．因為，所以f（x）在[1，e]上是增函數(shù)，由此能求出f（x）在[1，e]上的最小值．
（Ⅱ）法一：，設(shè)g（x）=2x²-2ax+1，則在區(qū)間上存在子區(qū)間使得不等式g（x）＞0成立．由拋物線g（x）=2x²-2ax+1開口向上，所以只要g（2）＞0，或即可．由此能求出實數(shù)a的取值范圍．
法二：，則在區(qū)間[，2]上存在子區(qū)間使不等式2x²-2ax+1＞0成立．因為x＞0，所以．設(shè)g（x）=2x+，所以2a小于函數(shù)g（x）在區(qū)間[，2]的最大值．由此能求出實數(shù)a的取值范圍．
（Ⅲ）因為，令h（x）=2x²-2ax+1．由a≤0，a＞0及判別式△的符號分別進(jìn)行討論，求解函數(shù)f（x）的極值點．
點評：本題考查函數(shù)最小值、實數(shù)取值范圍、函數(shù)極值的求法，考查運算求解能力，推理論證能力；考查化歸與轉(zhuǎn)化思想．對數(shù)學(xué)思維的要求比較高，有一定的探索性．綜合性強(qiáng)，難度大，易錯點是分類不清導(dǎo)致出錯，是高考的重點．解題時要認(rèn)真審題，仔細(xì)解答，注意分類討論思想的靈活運用．