Question

6．已知F₁（-c，0），F(xiàn)₂（c，0）分別是橢圓M：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+$\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1（a＞b＞0）的左、右焦點，且|F₁F₂|=2$\sqrt{3}$，離心率e=$\frac{\sqrt{3}}{2}$
（Ⅰ）求橢圓的標準方程；
（Ⅱ）過橢圓右焦點F₂作直線l交橢圓M于A，B兩點
（1）當直線l的斜率為1時，求△AF₁B的面積S
（2）橢圓上是否存在點P，使得以OA、OB為鄰邊的四邊形OAPB為平行四邊形（O為坐標原點）？若存在，求出所有的點P的坐標與直線l的方程；若不存在，請說明理由．

Answer 1

分析 （Ⅰ）運用離心率公式和a，b，c的關系，可得a，b，進而得到橢圓方程；
（Ⅱ）（1）設直線l：y=x-$\sqrt{3}$，代入橢圓方程，消去x，運用韋達定理，再由△AF₁B的面積S=$\frac{1}{2}$|F₁F₂|•|y₁-y₂|，計算即可得到面積；
（2）假設橢圓上存在點P（m，n），使得以OA、OB為鄰邊的四邊形OAPB為平行四邊形．設直線方程為y=k（x-$\sqrt{3}$），代入橢圓方程，運用韋達定理，結合$\overrightarrow{OP}$=$\overrightarrow{OA}$+$\overrightarrow{OB}$，則m=x₁+x₂，n=y₁+y₂，求得P的坐標，代入橢圓方程，即可得到k，即可判斷P的存在和直線的方程．

解答 解：（Ⅰ）由題意可得2c=2$\sqrt{3}$，即c=$\sqrt{3}$，
e=$\frac{c}{a}$=$\frac{\sqrt{3}}{2}$，可得a=2，b=$\sqrt{{a}^{2}-{c}^{2}}$=1，
即有橢圓的標準方程為$\frac{{x}^{2}}{4}$+y²=1；
（Ⅱ）（1）設直線l：y=x-$\sqrt{3}$，
代入橢圓方程，消去x，可得5y²+2$\sqrt{3}$y-1=0，
y₁+y₂=-$\frac{2\sqrt{3}}{5}$，y₁y₂=-$\frac{1}{5}$，
則△AF₁B的面積S=$\frac{1}{2}$|F₁F₂|•|y₁-y₂|=$\frac{1}{2}$•2$\sqrt{3}$•$\sqrt{（-\frac{2\sqrt{3}}{5}）^{2}+\frac{4}{5}}$=$\frac{4\sqrt{6}}{5}$；
（2）假設橢圓上存在點P（m，n），使得以OA、OB為鄰邊的四邊形OAPB為平行四邊形．
設直線方程為y=k（x-$\sqrt{3}$），代入橢圓方程，可得（1+4k²）x²-8$\sqrt{3}$k²x+12k²-4=0，
設A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），
由$\overrightarrow{OP}$=$\overrightarrow{OA}$+$\overrightarrow{OB}$，則m=x₁+x₂，n=y₁+y₂，
x₁+x₂=$\frac{8\sqrt{3}{k}^{2}}{1+4{k}^{2}}$，x₁x₂=$\frac{12{k}^{2}-4}{1+4{k}^{2}}$，
y₁+y₂=k（x₁+x₂-2$\sqrt{3}$）=k（$\frac{8\sqrt{3}{k}^{2}}{1+4{k}^{2}}$-2$\sqrt{3}$）=$\frac{-2\sqrt{3}k}{1+4{k}^{2}}$，
即有P（$\frac{8\sqrt{3}{k}^{2}}{1+4{k}^{2}}$，$\frac{-2\sqrt{3}k}{1+4{k}^{2}}$），
代入橢圓方程可得$\frac{48{k}^{4}}{（1+4{k}^{2}）^{2}}$+$\frac{12{k}^{2}}{（1+4{k}^{2}）^{2}}$=1，
解得k²=$\frac{1}{8}$，解得k=±$\frac{\sqrt{2}}{4}$，
故存在點P（$\frac{\sqrt{3}}{3}$，-$\frac{\sqrt{6}}{6}$），或（$\frac{\sqrt{3}}{3}$，$\frac{\sqrt{6}}{6}$），
則有直線l：y=$\frac{\sqrt{2}}{4}$x-$\frac{\sqrt{6}}{4}$或y=-$\frac{\sqrt{2}}{4}$x+$\frac{\sqrt{6}}{4}$．

點評 本題考查橢圓的方程和性質，主要考查離心率公式和方程的運用，聯(lián)立直線方程，運用韋達定理，考查運算能力，屬于中檔題．