Question

本題包括（1）、（2）、（3）、（4）四小題，請(qǐng)選定其中兩題，并在答題卡指定區(qū)域內(nèi)答，
若多做，則按作答的前兩題評(píng)分．解答時(shí)應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟．
（1）、選修4-1：幾何證明選講
如圖，∠PAQ是直角，圓O與AP相切于點(diǎn)T，與AQ相交于兩點(diǎn)B，C．求證：BT平分∠OBA
（2）選修4-2：矩陣與變換（本小題滿(mǎn)分10分）
若點(diǎn)A（2，2）在矩陣M=

cosα -sinα sinα cosα

對(duì)應(yīng)變換的作用下得到的點(diǎn)為B（-2，2），求矩陣M的逆矩陣
（3）選修4-2：矩陣與變換（本小題滿(mǎn)分10分）
在極坐標(biāo)系中，A為曲線(xiàn)ρ²+2ρcosθ-3=0上的動(dòng)點(diǎn)，B為直線(xiàn)ρcosθ+ρsinθ-7=0上的動(dòng)點(diǎn)，求AB的最小值．
（4）選修4-5：不等式選講（本小題滿(mǎn)分10分）
已知a₁，a₂…a_n都是正數(shù)，且a₁•a₂…a_n=1，求證：（2+a₁）（2+a₂）…（2+a_n）≥3ⁿ．

Answer 1

分析：（1）要證明BT平分∠OBA，即證∠OBT=∠ABT，根據(jù)∠PAQ是直角，圓O與AP相切于點(diǎn)T，聯(lián)想到切線(xiàn)的性質(zhì)，我們可以先連接OT，然后根據(jù)QA∥OT，結(jié)合角與角之間的等量代換，我們易得結(jié)論．
（2）首先由點(diǎn)A（2，2）在矩陣M對(duì)應(yīng)變換作用下得到的點(diǎn)為B（-2，2）以及矩陣M的參數(shù)表達(dá)式可以解除矩陣M，再根據(jù)M^-1M=E，可直接解出矩陣M的逆矩陣．
（3）先將ρ²+2ρcosθ-3=0和直線(xiàn)ρcosθ+ρsinθ-7=0極坐標(biāo)方程利用直角坐標(biāo)與極坐標(biāo)間的關(guān)系，即利用ρcosθ=x，ρsinθ=y，ρ²=x²+y²，進(jìn)行代換即得直角坐標(biāo)方程．再利用點(diǎn)到直線(xiàn)的距離求得|AB|距離的最小值即可．
（4）根據(jù)不等式的結(jié)構(gòu)特征，得出2+a_n=1+1+a_n≥3•

3	an

＞0，對(duì)各項(xiàng)放縮后，再利用不等式的性質(zhì)同向不等式相乘．

解答：（1）證明：連接OT，
∵AT是切線(xiàn)，
∴OT⊥AP．
又∵∠PAB是直角，即AQ⊥AP
∴AB∥OT，
∴∠TBA=∠BTO
又∵OT=OB，
∴∠OTB=∠OBT．
∴∠OBT=∠TBA，即BT平分∠OBA
（2）解：因?yàn)辄c(diǎn)A（2，2）在矩陣M對(duì)應(yīng)變換作用下得到的點(diǎn)為B（-2，2），
故有：M

2 2

=

-2 2

，即

2cosα-2sinα 2sinα+2cosα

=

-2 2

，
所以cosα-sinα=-1，cosα+sinα=1，
可解得：cosα=0，sinα=1，
所以M=

0 -1 1 0

，由M^-1M=

1 0 0 1

，
可解得矩陣M的逆矩陣M-1=

0 1 -1 0

．
（3）解：圓方程為（x+1）²+y²=4，圓心（-1，0），直線(xiàn)方程為x+y-7=0
圓心到直線(xiàn)的距離d=

|-1-7|

2

=4

2

，所以|AB|_min=4

2

-2．
（4）證明：∵a₁＞0，1＞0；
∴2+a₁=1+1+a₁≥≥3•

3	a1

＞0；…（2分）
同理：2+a₂=1+1+a₂≥3•

3	a2

＞0；…，2+a_n=1+1+a_n≥

3	an

＞0
由不等式性質(zhì)：上面n大于0的同向不等式相乘，即得：（2+a₁）（2+a₂）…（2+a_n）≥3ⁿ•

3	a1a2…an

…（4分）
∵已知：a₁•a₂…a_n=1，代入上式得：（2+a₁）（2+a₂）…（2+a_n）≥3ⁿ…（6分）

點(diǎn)評(píng)：本題是選做題，考查四方面的內(nèi)容，主要考查二階矩陣變化以及由矩陣求其逆矩陣的方法，考查點(diǎn)的極坐標(biāo)和直角坐標(biāo)的互化，考查不等式的證明，用到了利用三元均值不等式放縮法和不等式的性質(zhì)．