Question

已知函數(shù)f（x）=

lnx

x

，g(x)=-x2+ax-3
（1）求函數(shù)f（x）在[t，t+2]（t＞0）上的最大值
（2）若對(duì)一切x∈（0，+∞），不等式2x²f（x）≥g（x）恒成立，求實(shí)數(shù)a的取值范圍；
（3）證明對(duì)一切x∈（0，+∞），都有e^x+1lnx+x²e＜2xe^x成立．

Answer 1

分析：（1）利用導(dǎo)數(shù)的運(yùn)算法則可得f′(x)=

1-lnx

x2

，令f′（x）=0，解得x=e．通過分類討論：①當(dāng)0＜t＜e-2時(shí)；②當(dāng)e-2＜t＜e時(shí)；③當(dāng)e≤t時(shí)，得出函數(shù)的單調(diào)性即可得出其最大值；
（2）由2x²f（x）≥g（x）（x＞0）恒成立?2xlnx≥-x²+ax-3，a≤2lnx+x+

3

x

（x＞0）恒成立．
設(shè)h（x）=2lnx+x+

3

x

，利用導(dǎo)數(shù)求出其最小值即可；
（3）e^x+1lnx+x²e＜2xe^x（x＞0）?

lnx

x

＜

2

e

-

x

ex

（x＞0），而f（x）=

lnx

x

，令u（x）=

2

e

-

x

ex

．利用導(dǎo)數(shù)分別求出f（x）的最大值，u（x）的最小值，比較即可．

解答：解：（1）f′(x)=

1-lnx

x2

，令f′（x）=0，解得x=e．
①當(dāng)0＜t＜e-2時(shí)，函數(shù)f（x）在x∈[t，t+2]（t＞0）上單調(diào)遞增，x=t+2時(shí)，f（x）取得最大值，f（t+2）=

ln(t+2)

t+2

；
②當(dāng)e-2＜t＜e時(shí)，函數(shù)f（x）在x∈[t，e]單調(diào)遞增；在[e，t+2]（t＞0）上單調(diào)遞減，∴當(dāng)x=e時(shí)，f（x）取得最大值，f（e）=

1

e

；
③當(dāng)e≤t時(shí)，函數(shù)f（x）在x∈[t，t+2]（t＞0）上單調(diào)遞減，x=t時(shí)，f（x）取得最大值，f（t）=

lnt

t

．
綜上可知：f（x）_max=

ln(t+2) t+2 ，0＜t＜e-2 1 e ，e-2＜t＜e lnt t ，t≥e

．
（2）由2x²f（x）≥g（x）（x＞0）恒成立?2xlnx≥-x²+ax-3，a≤2lnx+x+

3

x

（x＞0）恒成立．
設(shè)h（x）=2lnx+x+

3

x

，h′(x)=

2

x

+1-

3

x2

=

x2+2x-3

x2

=

(x+3)(x-1)

x2

．
令h′（x）=0，解得x=1，可知：當(dāng)x=1時(shí)，h（x）取得最小值，且h（1）=4．
∴h（x）的最小值是h（1）=4．
∴a 的取值范圍是a≤4．
（3）e^x+1lnx+x²e＜2xe^x（x＞0）?

lnx

x

＜

2

e

-

x

ex

（x＞0），而f（x）=

lnx

x

，令u（x）=

2

e

-

x

ex

．
則u′(x)=

x-1

ex

，令u′（x）=0，解得x=1，可知當(dāng)x=1時(shí)，u（x）取得最小值，u（1）=

1

e

；
而由（1）可知f（x）的最大值是

1

e

，故有e^x+1lnx+x²e＜2xe^x．

點(diǎn)評(píng)：熟練掌握利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、極值與最值、把問題等價(jià)轉(zhuǎn)化為、分類討論的思想方法等是解題的關(guān)鍵．