Question

已知f（x）是定義在R上的不恒為零的函數(shù)，且對(duì)于任意的x，y∈R都滿足：f（xy）=xf（y）+yf（x）．
（Ⅰ）判斷函數(shù)f（x）的奇偶性，并寫出證明過(guò)程；
（Ⅱ） 求證：?x，y∈R且y≠0：f（

x

y

）=

yf(x)-xf(y)

y2

；
（Ⅲ） 已知f（2）=2，設(shè)a_n=f（2ⁿ）（n∈N^*），求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式．

Answer 1

考點(diǎn)：抽象函數(shù)及其應(yīng)用

專題：函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用

分析：（Ⅰ）先令x=y=0，求得f（0）=0，再令y=-x，即可證函數(shù)f（x）是奇函數(shù)；
（Ⅱ）令x=y=1，求得f（1）=0，再令y=

1

x

，得到f（

1

x

）=-

1

x2

f（x），繼而求證．
（Ⅲ）令x=2，y=2^n-1，求得a_n=2a_n-1+2n，繼而得到{

an

2n

}是以1為首項(xiàng)，1為公差的等差數(shù)列，

解答： 解：（Ⅰ）f（x）是奇函數(shù)，
令x=y=0，則f（0+0）=f（0）+f（0），得f（0）=0．
令y=-x，則f（x）+f（-x）=f（x-x）=f（0）=0，即
f（-x）=-f（x）．
故函數(shù)f（x）是奇函數(shù)，
（Ⅱ）證明：令x=y=1，
則f（1）=f（1）+f（1），
∴f（1）=0，
∵f（xy）=xf（y）+yf（x），
∴x≠0時(shí)，f（x•

1

x

）=xf（

1

x

）+

1

x

f（x）=0
∴f（

1

x

）=-

1

x2

f（x），
∴?x，y∈R且y≠0，f（

x

y

）=f（x•

1

y

）=xf（

1

y

）+

1

y

f（x）=-

x

y2

f（y）+

1

y

f（x）=

yf(x)-xf(y)

y2

；
∴?x，y∈R且y≠0：f（

x

y

）=

yf(x)-xf(y)

y2

；
（Ⅲ）∵a₁=f（2）=2 且f（xy）=xf（y）+yf（x）．
  令x=2，y=2^n-1，
∴f（2ⁿ）=f（2•2^n-1）=2f（2^n-1）+2^n-1f（2）=2f（2^n-1）+2ⁿ，
即a_n=2a_n-1+2n（n≥2），
∴

an

2n

=

an-1

2n-1

+1，
∴{

an

2n

}是以1為首項(xiàng)，1為公差的等差數(shù)列，
∴

an

2n

=1+（n-1），
即a_n=n•2ⁿ．

點(diǎn)評(píng)：本題考查抽象函數(shù)及其應(yīng)用，著重考查函數(shù)奇偶性與單調(diào)性的判斷與證明，考查等差數(shù)列的問(wèn)題，屬于中檔題．