分析：解法一：（Ⅰ）C、D、E、F四點(diǎn)不共面．利用反證法進(jìn)行證明；
（Ⅱ）作MT⊥FD于T，連接BT，則由三垂線逆定理可知BT⊥FD，所以∠MTB就是所求二面角的平面角，從而可求得結(jié)論；
解法二：以D為原點(diǎn)，DC為x軸，DA為y軸建立右手直角坐標(biāo)系（Ⅰ）若C、D、E、F四點(diǎn)共面，則存在實(shí)數(shù)λ，μ使得
=λ+μ，確定所得方程組無(wú)解即可；
（Ⅱ）確定
平面AFD的一個(gè)法向量，求出平面BDF的法向量，利用向量的夾角公式，即可得到結(jié)論．
解答：
解法一：
（Ⅰ）C、D、E、F四點(diǎn)不共面．
證明：假設(shè)C、D、E、F四點(diǎn)共面．
因?yàn)镋F∥AB，AB⊆平面ABCD，EF?平面ABCD，所以EF∥平面ABCD，
因?yàn)镋F⊆平面CDEF，且平面ABCD∩平面CDEF=CD，所以EF∥CD，
又EF∥AB，所以AB∥CD，這與已知矛盾．
所以假設(shè)不成立，因此C、D、E、F四點(diǎn)不共面．------（6分）
（Ⅱ）因?yàn)槠矫鍭BEF⊥平面ABCD，且AF⊥AB，所以AF⊥平面ABCD，
所以平面AFD⊥平面ABCD．
△ABD為正三角形，連接BM，則BM⊥AD，所以BM⊥平面ADF．
作MT⊥FD于T，連接BT，則由三垂線逆定理可知BT⊥FD，所以∠MTB就是所求二面角的平面角．---------（9分）
不妨設(shè)AB=2，則
BM=．
由于
cos∠MTB=，所以
tan∠MTB=2，所以
MT=．
由△DMT∽△DFA，可得
==，解得
AF=，所以
k==．--------（14分）
解法二：
以D為原點(diǎn)，DC為x軸，DA為y軸建立右手直角坐標(biāo)系．不妨設(shè)AB=2，則AF=2k．
所以D（0，0，0），
C(，0，0)，
B(，1，0)，A（0，2，0），F(xiàn)（0，2，2k），
E(，1，2k)．--------（3分）
（Ⅰ）若C、D、E、F四點(diǎn)共面，則存在實(shí)數(shù)λ，μ使得
=λ+μ，即
，λ，μ無(wú)解，
因此C、D、E、F四點(diǎn)不共面．--------（6分）
（Ⅱ）因?yàn)槠矫鍭BEF⊥平面ABCD，且AF⊥AB，所以AF⊥平面ABCD，所以AF⊥DC，又因?yàn)锳D⊥DC，所以DC⊥平面AFD，所以
平面AFD的一個(gè)法向量．
設(shè)平面BDF的法向量為
=（x，y，z），則有
，
即
，則可以得到其中的一個(gè)法向量為
=(1，-，)．
由因?yàn)槎娼茿-FD-B的余弦值為
，所以
=，解得
k=．----------------（14分）
如圖，四邊形ABCD為直角梯形，AD∥BC，AD⊥CD．AD=AB=2BC，四邊形ABEF為矩形，平面ABEF⊥平面ABCD．
閱讀快車(chē)系列答案
如圖，四邊形ABCD與A′ABB′都是邊長(zhǎng)為a的正方形，點(diǎn)E是A′A的中點(diǎn)，A′A⊥平面ABCD．
如圖，四邊形ABCD為正方形，QA⊥平面ABCD，PD∥QA，QA=AB=
如圖，四邊形ABCD為矩形，且AD=2，AB=1，PA⊥平面ABCD，PA=1，E為BC的中點(diǎn)．
如圖，四邊形ABCD為正方形，PD⊥平面ABCD，PD∥QA，QA=AB=
如圖，四邊形ABCD內(nèi)接于⊙O，如果它的一個(gè)外角∠DCE=64°，那么∠BOD