Question

6．已知數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n（n∈N*），且滿(mǎn)足a_n+S_n=2n+1．
（1）求證：數(shù)列{a_n-2}是等比數(shù)列，并求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）求數(shù)列{n（a_n-2）}的前n項(xiàng)和．

Answer 1

分析 （1）利用遞推關(guān)系、等比數(shù)列的定義即可得出．
（2）利用“錯(cuò)位相減法”與等比數(shù)列的求和公式即可得出．

解答 （1）證明：∵a_n+S_n=2n+1，令n=1，
得2a₁=3，${a_1}=\frac{3}{2}$，∵a_n+S_n=2n+1，∴a_n-1+S_n-1=2（n-1）+1，（n≥2，n∈N*），
兩式相減，得2a_n-a_n-1=2，整理${a_n}=\frac{1}{2}{a_{n-1}}+1$，${a_n}-2=\frac{1}{2}（{a_{n-1}}-2），（{n≥2}）$，
∴數(shù)列{a_n-2}是首項(xiàng)為${a_1}-2=-\frac{1}{2}$，公比為$\frac{1}{2}$的等比數(shù)列，
∴${a_n}-2=-{（{\frac{1}{2}}）^n}$，∴${a_n}=2-\frac{1}{2^n}$．
（2）解：設(shè)數(shù)列{n（a_n-2）}的前n項(xiàng)和為T(mén)_n，
則$-{T_n}=\frac{1}{2}+\frac{2}{2^2}+\frac{3}{2^3}+…+\frac{n-1}{{{2^{n-1}}}}+\frac{n}{2^n}$①，
∴$-2{T_n}=1+\frac{2}{2}+\frac{3}{2^2}+…+\frac{n-1}{{{2^{n-2}}}}+\frac{n}{{{2^{n-1}}}}$②，
②-①得$-{T_n}=1+\frac{1}{2}+\frac{1}{2^2}+\frac{1}{2^3}+…+\frac{1}{{{2^{n-1}}}}-\frac{n}{2^n}$，
即$-{T_n}=\frac{{1-\frac{1}{2^n}}}{{1-\frac{1}{2}}}-\frac{n}{2^n}=2-\frac{n+2}{2^n}$，∴${T_n}=\frac{n+2}{2^n}-2$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了數(shù)列遞推關(guān)系、等比數(shù)列的定義通項(xiàng)公式及其求和公式、“錯(cuò)位相減法”，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題．