Question

5．已知數(shù)列{a_n}的前n和S_n=$\frac{3}{2}{n^2}+\frac{5}{2}$n，數(shù)列{b_n}的通項(xiàng)公式b_n=5n+2．
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）設(shè)c_n=$\frac{1}{{{a_n}{b_n}}}$，求證：$\sum_{i=1}^n{c_i}＜\frac{2}{25}$；
（3）若數(shù)列{a_n}與{b_n}中相同的項(xiàng)由小到大構(gòu)成的數(shù)列為{d_n}，求數(shù)列{d_n}的前n項(xiàng)和T_n．

Answer 1

分析 （1）當(dāng)n=1時(shí)，求出首項(xiàng)，利用a_n=S_n-S_n-1，求解a_n=3n+1．
（2）利用${c}_{n}=\frac{1}{（3n+1）（5n+2）}$，利用放縮法推出$\frac{1}{5}（\frac{1}{3n-\frac{1}{2}}-\frac{1}{3n+\frac{5}{2}}）$，然后推出結(jié)果即可．
（3）利用數(shù)列{a_n}與{b_n}中相同的項(xiàng)，得到3n+1=5m+2（m，n∈N^*），通過令2m+1=3p（p∈N^*）通過2m=3p-1=2p+p-1，轉(zhuǎn)化數(shù)列{d_n}的通項(xiàng)公式為d_n=15n-8，得到公差15，求解數(shù)列的和即可．

解答 解：（1）當(dāng)n=1時(shí)，${a_1}={S_1}=\frac{3}{2}×{1^2}+\frac{5}{2}×1=4$…（1分）
當(dāng)n＞1時(shí)，${a_n}={S_n}-{S_{n-1}}=\frac{3}{2}{n^2}+\frac{5}{2}n-\frac{3}{2}{（n-1）^2}-\frac{5}{2}（n-1）=3n+1$…（2分）
∵當(dāng)n=1時(shí)，3×1+1=4=a₁
∴a_n=3n+1…（3分）
（2）∵${c_n}=\frac{1}{（3n+1）（5n+2）}=\frac{3}{5}×\frac{1}{{（3n+1）（3n+\frac{6}{5}）}}＜\frac{3}{5}×\frac{1}{{{{（3n+1）}^2}}}＜\frac{3}{5}×\frac{1}{{{{（3n+1）}^2}-{{（\frac{3}{2}）}^2}}}$
=$\frac{1}{5}（\frac{1}{{3n-\frac{1}{2}}}-\frac{1}{{3n+\frac{5}{2}}}）$…（6分）
∴$\sum_{i=1}^n{c_i}＜\frac{1}{5}（\frac{1}{{\frac{5}{2}}}-\frac{1}{{\frac{11}{2}}}+\frac{1}{{\frac{11}{2}}}-\frac{1}{{\frac{17}{2}}}+…+\frac{1}{{3n-\frac{1}{2}}}-\frac{1}{{3n+\frac{5}{2}}}）$…（8分）
=$\frac{1}{5}（\frac{2}{5}-\frac{1}{{3n+\frac{5}{2}}}）＜\frac{1}{5}×\frac{2}{5}=\frac{2}{25}$…（9分）
（3）令3n+1=5m+2（m，n∈N^*）∴3n=5m+1=3m+2m+1
令2m+1=3p（p∈N^*）∴2m=3p-1=2p+p-1
令p-1=2k（k∈N）∴p=2k+1，代入上式可得m=3k+1，n=5k+2（k∈N）
∴n=5（k-1）+2=5k-3（k∈N^*）…（11分）
∴d_k=3（5k-3）+1=15k-8∴數(shù)列{d_n}的通項(xiàng)公式為d_n=15n-8…（12分）
∵d_n+1-d_n=15（n+1）-8-15n+8=15
∴數(shù)列{d_n}是首項(xiàng)d₁=7，公差為15的等差數(shù)列 …（13分）
∴${T_n}=\frac{{n（{d_1}+{d_n}）}}{2}=\frac{n（7+15n-8）}{2}=\frac{15}{2}{n^2}-\frac{1}{2}n$…（14分）

點(diǎn)評 本題考查數(shù)列的求和，數(shù)列與不等式相結(jié)合，數(shù)列的函數(shù)的特征，考查分析問題解決問題的能力．