Question

1．在如圖所示的平面直角坐標(biāo)系中，已知點(diǎn)A（1，0）和點(diǎn)B（-1，0），|$\overrightarrow{OC}$|=1，且∠AOC=x，其中O為坐標(biāo)原點(diǎn)．
（1）若x=$\frac{3}{4}$π，設(shè)點(diǎn)D為線段OA上的動(dòng)點(diǎn)，求|$\overrightarrow{OC}$+$\overrightarrow{OD}$|的最小值；
（2）若x∈[0，$\frac{π}{2}$]，向量$\overrightarrow{m}$=$\overrightarrow{BC}$，$\overrightarrow{n}$=（1-cosx，sinx-2cosx），求$\overrightarrow{m}•\overrightarrow{n}$的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）設(shè)D（t，0）（0≤t≤1），根據(jù)向量的數(shù)量積的運(yùn)算化簡(jiǎn)得到|$\overrightarrow{OC}$+$\overrightarrow{OD}$|²=（t-$\frac{\sqrt{2}}{2}$）²+$\frac{1}{2}$，（0≤t≤1），利用二次函數(shù)的性質(zhì)求得它的最小值．
（2）根據(jù)向量的數(shù)量積的運(yùn)算化簡(jiǎn)得到$\overrightarrow{m}•\overrightarrow{n}$=-$\sqrt{2}$sin（2x+$\frac{π}{4}$）+1，再利用正弦函數(shù)的定義域和值域 求出它的最值

解答 解：（1）設(shè)D（t，0）（0≤t≤1），又點(diǎn)C（-$\frac{\sqrt{2}}{2}$，$\frac{\sqrt{2}}{2}$）．
∴$\overrightarrow{OC}$+$\overrightarrow{OD}$=（-$\frac{\sqrt{2}}{2}$+t，$\frac{\sqrt{2}}{2}$），
∴|$\overrightarrow{OC}$+$\overrightarrow{OD}$|²=t²-$\sqrt{2}$t+1=（t-$\frac{\sqrt{2}}{2}$）²+$\frac{1}{2}$，（0≤t≤1），
∴當(dāng)t=$\frac{\sqrt{2}}{2}$時(shí)，|$\overrightarrow{OC}$+$\overrightarrow{OD}$|取得最小值為$\frac{\sqrt{2}}{2}$；
（2）由題意得：點(diǎn)由題意得C（cosx，sinx），
$\overrightarrow{m}$=$\overrightarrow{BC}$=（cosx+1，sinx），$\overrightarrow{n}$=（1-cosx，sinx-2cosx），
∴$\overrightarrow{m}•\overrightarrow{n}$=（cosx+1）（1-cosx）+sinx（sinx-2cosx）
=1-cos²x+sin²x-2sinxcosx=1-cos2x-sin2x=-$\sqrt{2}$sin（2x+$\frac{π}{4}$）+1
∵x∈[0，$\frac{π}{2}$]，
∴$\frac{π}{4}$≤2x+$\frac{π}{4}$≤$\frac{5π}{4}$，
∴-$\frac{\sqrt{2}}{2}$≤sin（2x+$\frac{π}{4}$）≤1，
∴1-$\sqrt{2}$≤-$\sqrt{2}$sin（2x+$\frac{π}{4}$）+1≤2，
∴$\overrightarrow{m}•\overrightarrow{n}$的取值范圍為[1-$\sqrt{2}$，2]

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查三角函數(shù)的恒等變換及化簡(jiǎn)求值，兩個(gè)向量的數(shù)量積的公式，正弦函數(shù)的定義域和值域，屬于中檔題．