在平面直角坐標系xOy中,已知圓x2+y2-12x+32=0的圓心為Q,過點P(0,2)且斜率為k的直線與圓Q相交于不同的兩點A,B.
(Ⅰ)求k的取值范圍;
(Ⅱ)當
OA
OB
=28時,求直線l方程.
(Ⅲ)在y軸上是否存在一點C,使
CA
CB
是定值,若存在求C坐標并求此時的
CA
CB
值,若不存在說明理由.
分析:(Ⅰ)設出直線方程,代入圓方程,利用根的判別式大于0,即可求k的取值范圍;
(Ⅱ)利用韋達定理,結合向量的數(shù)量積公式,列出方程,求出直線的斜率,可得直線l方程;
(Ⅲ)設出C的坐標,利用向量的數(shù)量積公式化簡,假設
CA
CB
是定值,可求C的坐標及此時的
CA
CB
值.
解答:解:(Ⅰ)過P(0,2)且斜率為k的直線方程為y=kx+2,代入圓方程得x2+(kx+2)2-12x+32=0,…(1分)
整理得(1+k2)x2+4(k-3)x+36=0.   ①
直線與圓交于兩個不同的點A,B等價于△=[4(k-3)2]-4×36(1+k2)=42(-8k2-6k)>0,
解得-
3
4
<k<0
,即k的取值范圍為(-
3
4
,0)
.         …(3分)
(Ⅱ)設A(x1,y1),B(x2,y2
由(Ⅰ)知x1+x2=-
4(k-3)
1+k2
,x1x2=
36
1+k2

OA
OB
=x1x2+y1y2=(k2+1)x1x2+2k(x1+x2)+4
=(k2+1)•
36
1+k2
-2k•
4(k-3)
1+k2
+4=28
…(5分)
即:36-
8k(k-3)
1+k2
-24=0
,
∴4k2+24k+12=0,∴k=-3±
6
…(6分)
-
3
4
<k<0
,∴k=-3+
6

故所求直線l:y=(-3+
6
)x+2
…(7分)
(Ⅲ)設C(0,a)則
CA
CB
=(x1y1-a)•(x2,y2-a)
=x1x2+(y1-a)(y2-a)
=(1+k2)x1x2+(2-a)k(x1+x2)+(2-a)2
=(1+k2)•
36
1+k2
+(2-a)k•
4(3-k)
1+k2
+(2-a)2與k無關
…(9分)
則a=2,此時
CA
CB
=36
…(12分)
故存在點C(0,2)時,
CA
CB
是定值=36                  …(14分)
點評:本題考查直線與圓的位置關系,考查向量的數(shù)量積公式,考查韋達定理的運用,考查學生分析解決問題的能力,屬于中檔題.
練習冊系列答案
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在平面直角坐標系xoy中,已知圓心在直線y=x+4上,半徑為2
2
的圓C經(jīng)過坐標原點O,橢圓
x2
a2
+
y2
9
=1(a>0)
與圓C的一個交點到橢圓兩焦點的距離之和為10.
(1)求圓C的方程;
(2)若F為橢圓的右焦點,點P在圓C上,且滿足PF=4,求點P的坐標.

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如圖,在平面直角坐標系xOy中,銳角α和鈍角β的終邊分別與單位圓交于A,B兩點.若點A的橫坐標是
3
5
,點B的縱坐標是
12
13
,則sin(α+β)的值是
16
65
16
65

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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:

在平面直角坐標系xOy中,若焦點在x軸的橢圓
x2
m
+
y2
3
=1
的離心率為
1
2
,則m的值為
4
4

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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:

(2013•泰州三模)選修4-4:坐標系與參數(shù)方程
在平面直角坐標系xOy中,已知A(0,1),B(0,-1),C(t,0),D(
3t
,0)
,其中t≠0.設直線AC與BD的交點為P,求動點P的軌跡的參數(shù)方程(以t為參數(shù))及普通方程.

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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:

(2013•東莞一模)在平面直角坐標系xOy中,已知橢圓C:
x2
a2
+
y2
b2
=1(a>b>0)
的左焦點為F1(-1,0),且橢圓C的離心率e=
1
2

(1)求橢圓C的方程;
(2)設橢圓C的上下頂點分別為A1,A2,Q是橢圓C上異于A1,A2的任一點,直線QA1,QA2分別交x軸于點S,T,證明:|OS|•|OT|為定值,并求出該定值;
(3)在橢圓C上,是否存在點M(m,n),使得直線l:mx+ny=2與圓O:x2+y2=
16
7
相交于不同的兩點A、B,且△OAB的面積最大?若存在,求出點M的坐標及對應的△OAB的面積;若不存在,請說明理由.

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