Question

如圖，平面ABCD⊥平面ADEF，其中ABCD為矩形，ADEF為梯形， AF∥DE，AF⊥FE，AF＝AD＝2 DE＝2．

(Ⅰ) 求異面直線EF與BC所成角的大��；
(Ⅱ) 若二面角A－BF－D的平面角的余弦值為，求AB的長．

Answer 1

(Ⅰ) 30°(Ⅱ)

解析試題分析： (Ⅰ) 延長AD，FE交于Q．
因為ABCD是矩形，所以
BC∥AD，
所以∠AQF是異面直線EF與BC所成的角．
在梯形ADEF中，因為DE∥AF，AF⊥FE，AF＝2，DE＝1得
∠AQF＝30°．即異面直線EF與BC所成角的大小為30°.                   7分

(Ⅱ) 方法一：
設AB＝x．取AF的中點G．由題意得DG⊥AF．
因為平面ABCD⊥平面ADEF，AB⊥AD，所以AB⊥平面ADEF，
所以AB⊥DG．所以DG⊥平面ABF．
過G作GH⊥BF，垂足為H，連結DH，則DH⊥BF，
所以∠DHG為二面角A－BF－D的平面角．
在直角△AGD中，AD＝2，AG＝1，得DG＝．
在直角△BAF中，由＝sin∠AFB＝，得＝，
所以GH＝．
在直角△DGH中，DG＝，GH＝，得DH＝．
因為cos∠DHG＝＝，得x＝，
所以AB＝．                            15分
方法二：設AB＝x．
以F為原點，AF，FQ所在的直線分別為x軸，y軸建立空間直角坐標系Fxyz．則

F(0，0，0)，A(－2，0，0)，E(，0，0)，D(－1，，0)，B(－2，0，x)，
所以＝(1，－，0)，＝(2，0，－x)．
因為EF⊥平面ABF，所以平面ABF的法向量可取＝(0，1，0)．
設＝(x₁，y₁，z₁)為平面BFD的法向量，則

所以，可取＝(，1，)．
因為cos<，>＝＝，得x＝，
所以AB＝．                         15分
考點：本題主要考查空間點、線、面位置關系，異面直線所成角、二面角等基礎知識，空間向量的應用，同時考查空間想象能力和運算求解能力。
點評：如何用傳統的方法求解此類問題，要緊扣相應的判定定理和性質定理，還要注意各類角的取值范圍；如果用空間向量求解，思路比較簡單，但是運算比較復雜，要仔細運算.