Question

已知數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，記f（n）=2a_n+1S_n-n（2S_n+a_n+1），n∈N^*
（1）若數(shù)列{a_n}是首項(xiàng)與公差均為1的等差數(shù)列，求f（2014）；
（2）若a₁=1，a₂=2且數(shù)列{a_2n-1}，{a_2n}均是公比為4的等比數(shù)列，求證：對(duì)任意正整數(shù)n，f（n）≥0．

Answer 1

考點(diǎn)：數(shù)列的求和

專題：綜合題,等差數(shù)列與等比數(shù)列

分析：（1）依題意，可求得a_n=n，a_n+1=n+1，S_n=

n(n+1)

2

，于是可求得f（n）=0，從而可求f（2014）；
（2）依題意，可求得a_n=2^n-1，于是可求得f（n）=2a_n+1S_n-n（2S_n+a_n+1）=2ⁿ（2ⁿ⁺¹-3n-2）+2n，對(duì)n分n=1與n≥2討論，即可證得對(duì)任意正整數(shù)n，f（n）≥0．

解答： 解：（1）∵數(shù)列{a_n}是首項(xiàng)與公差均為1的等差數(shù)列，
∴a_n=n，a_n+1=n+1，S_n=

n(n+1)

2

，
∴f（n）=2a_n+1S_n-n（2S_n+a_n+1）
=2（n+1）×

n(n+1)

2

-n[2×

n(n+1)

2

+（n+1）]
=n（n+1）²-n（n+1）²=0，
∴f（2014）=0；
（2）由題意?n∈N^*，a_2n-1=1×4^n-1=2^2n-2，
a_2n=2×4^n-1=2^2n-1，
∴a_n=2^n-1，
∴a_n+1=2ⁿ，S_n=

1-2n

1-2

=2ⁿ-1，
∴f（n）=2a_n+1S_n-n（2S_n+a_n+1）
=2ⁿ⁺¹（2ⁿ-1）-n（2ⁿ⁺¹-2+2ⁿ）
=2ⁿ（2ⁿ⁺¹-3n-2）+2n，
當(dāng)n=1時(shí)，f（1）=0；                     
當(dāng)n≥2時(shí)，2ⁿ⁺¹=4×（1+1）^n-1≥4[1+（n-1）]=4n，
∴f（n）=2ⁿ（2ⁿ⁺¹-3n-2）+2n≥2ⁿ（4n-3n-2）+2n=2ⁿ（n-2）+2n≥2n＞0，
故對(duì)任意正整數(shù)n，f（n）＞0．

點(diǎn)評(píng)：本題考查數(shù)列的求和，著重考查等差數(shù)列與等比數(shù)列的通項(xiàng)公式與求和公式的綜合應(yīng)用，突出考查分類討論思想與放縮法的應(yīng)用，屬于難題．