Question

已知定義在R上的偶函數(shù)f（x），當(dāng)x≤0時(shí)，f（x）=3e^-x．
（1）求f（x）在點(diǎn)P（1，f（1））處的切線方程；
（2）求最大整數(shù)m（m＞1），使得存在實(shí)數(shù)t，對(duì)任意x∈[1，m]，都有f（x+t）≤3ex．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)曲線的解析式求出導(dǎo)函數(shù)，把P的橫坐標(biāo)代入導(dǎo)函數(shù)中即可求出切線的斜率，根據(jù)P的坐標(biāo)和求出的斜率寫出切線的方程即可；
（2）先假設(shè)當(dāng)x∈[1，m]時(shí)，存在t∈R，有f（x+t）≤3ex，則有f（1+t）≤3e，下面要選擇解析式，所以要分1+t≥0時(shí)和1+t≤0時(shí)兩種情況得t的范圍，同樣地，有f（m+t）≤3em及m≥2，得e^m+t≤em轉(zhuǎn)化為 et≤

em

em

由t的存在性可知，上述不等式在[-2，0]上必有解，只要求得e^t在[-2，0]上的最小值可即可．

解答：解：（1）當(dāng)x＜0時(shí)，∵-x＞0∴f（x）=f（-x）=3e^-x
綜上，f(x)=

3exx≥0 3e-xx＜0

k=f′（x）=3e，切線y=3ex．
（2）當(dāng)x∈[1，m]時(shí)，有f（x+t）≤3ex，∴f（1+t）≤3e
當(dāng)1+t≥0時(shí)，3e^1+t≤3e即e^1+t≤e，1+t≤1，∵-1≤t≤0
當(dāng)1+t≤0時(shí)，同理，-2≤t≤-1，∴-2≤t≤0
同樣地，f（m+t）≤3em及m≥2，得e^m+t≤em∴et≤

em

em

由t的存在性可知，上述不等式在[-2，0]上必有解．
∵e^t在[-2，0]上的最小值為e^-2，∵e-2≤

em

em

，即e^m-e³m≤0①
令g（x）=e^x-e³x，x∈[2，+∞）．
則g'（x）=e^x-e³由g'（x）=0得x=3
當(dāng)2≤x＜3時(shí)，g'（x）＜0，g（x）是減函數(shù)；當(dāng)x＞3時(shí)，g'（x）＞0，g（x）是增函數(shù)
∴g（x）的最小值是g（3）=e³-3e³=-2e³＜0，
又g（2）＜0，g（4）＜0，g（5）＞0，
∴g（x）=0在[2，+∞）上有唯一解m₀∈（4，5）．
當(dāng)2≤x≤m₀時(shí)，g（x）≤0，當(dāng)x＞m₀時(shí)，g（x）＞0∴在x∈[2，+∞）時(shí)滿足不等式①的最大實(shí)數(shù)解為m₀
當(dāng)t=-2，x∈[1，m₀]時(shí)，f（x-2）-3ex=3e（e^|x-2|-1-x），在x∈[1，2）時(shí)，∵e^|x-2|-1=e^1-x≤1∴f（x-2）-3ex≤0，在x∈[2，m₀]時(shí)，f（x-2）-3ex=3e(ex-3-x)=

3

e2

g(x)≤0
綜上所述，m最大整數(shù)為4．

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查利用奇偶性來(lái)求對(duì)稱區(qū)間上的解析式和應(yīng)用單調(diào)性來(lái)解決恒成立問(wèn)題．這類問(wèn)題綜合性較強(qiáng)，涉及的知識(shí)和方法較多，思路比較繁雜，解題時(shí)必須嚴(yán)格按照邏輯步驟，層層解決．