Question

已知S_n為數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和，且有a₁=1，S_n+1=a_n+1（n∈N^*）．
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）若數(shù)列{b_n}滿(mǎn)足b_n=

n

4an

，其前n項(xiàng)和為 T_n，求證：

1

4

≤T_n＜1．

Answer 1

考點(diǎn)：數(shù)列的求和,數(shù)列遞推式

專(zhuān)題：等差數(shù)列與等比數(shù)列

分析：（1）利用當(dāng)n=1時(shí)，a₂=S₁+1=a₁+1；當(dāng)n≥2時(shí)，S_n+1=a_n+1（n∈N^*），S_n-1+1=a_n，兩式相減得a_n+1=2a_n，再利用等比數(shù)列的通項(xiàng)公式即可得出．
（2）由（1）知an=2n-1，可得b_n=

n

4an

=

n

2n+1

，利用“錯(cuò)位相減法”、等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式，即可得出．

解答： （1）解：當(dāng)n=1時(shí)，a₂=S₁+1=a₁+1=2；
當(dāng)n≥2時(shí)，S_n+1=a_n+1（n∈N^*），S_n-1+1=a_n，
兩式相減得，a_n=a_n+1-a_n，即a_n+1=2a_n，
又a₂=2a₁，
∴{a_n}是首項(xiàng)為1，公比為2的等比數(shù)列，
∴an=2n-1．
（2）證明：由（1）知an=2n-1，∴b_n=

n

4an

=

n

2n+1

，
∴T_n=

1

22

+

2

23

+

3

24

+…+

n

2n+1

，
∴

1

2

Tn=

1

23

+

2

24

+…+

n-1

2n+1

+

n

2n+2

，
∴

1

2

Tn=

1

22

+

1

23

+

1

24

+…+

1

2n+1

-

n

2n+2

，
∴T_n=

1

2

+

1

22

+…+

1

2n

-

n

2n+1

=

1 2 (1- 1 2n )

1- 1 2

-

n

2n+1

=1-

2+n

2n+1

，
∵T_n+1-T_n=(1-

3+n

2n+2

)-(1-

2+n

2n+1

)=

n+1

2n+2

＞0，
∴T_n+1＞T_n，
∴T_n是遞增的，又T₁=

1

4

，
∴

1

4

≤T_n＜1．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了“錯(cuò)位相減法”、等比數(shù)列的定義通項(xiàng)公式及其前n項(xiàng)和公式、遞推式的意義、數(shù)列的單調(diào)性，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題．