Question

中心在原點(diǎn)的雙曲線(xiàn)C₁的一個(gè)焦點(diǎn)與拋物線(xiàn)C₂：y²=8x的焦點(diǎn)F重合，拋物線(xiàn)C₂的準(zhǔn)線(xiàn)l與雙曲線(xiàn)C₁的一個(gè)交點(diǎn)為A，且|AF|=5．
（Ⅰ）求雙曲線(xiàn)C₁的方程；
（Ⅱ）若過(guò)點(diǎn)B（0，1）的直線(xiàn)m與雙曲線(xiàn)C₁相交于不同兩點(diǎn)M，N，且

.

MB

=λ

.

BN

．
①求直線(xiàn)m的斜率k的變化范圍；
②當(dāng)直線(xiàn)m的斜率不為0時(shí)，問(wèn)在直線(xiàn)y=x上是否存在一定點(diǎn)C，使

.

OB

⊥（

.

CM

-λ

.

CN

）？若存在，求出點(diǎn)C的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（Ⅰ）設(shè)所求雙曲線(xiàn)方程為

x2

a2

-

y2

b2

=1（a＞0，b＞0），直線(xiàn)l與x軸交于F′，根據(jù)|AF|=5，|FF′|=4，能夠求出所求的雙曲線(xiàn)方程．
（Ⅱ）設(shè)直線(xiàn)m：y=kx+1，代入x²-

y2

3

=1得，（3-k²）x²-2kx-4=0，由直線(xiàn)m與曲線(xiàn)C₁交于兩點(diǎn)M，N，能求出-2＜k＜-

3

，或-

3

＜k＜

3

，或

3

＜k＜2．設(shè)M，N的坐標(biāo)分別為（x₁，y₁），（x₂，y₂），得

x1+x2= -2k k2-3 x1x2= 4 k2-3

，由

MB

=λ

BN

，得（-x₁，1-y₁）=λ（x₂，y₂-1），所以x₁=-λx₂，由此入手能夠求出存在點(diǎn)C（-3，-3），滿(mǎn)足要求．

解答：解：（Ⅰ）由條件得F（2，0），l：x=-2．
設(shè)所求雙曲線(xiàn)方程為

x2

a2

-

y2

b2

=1（a＞0，b＞0），
直線(xiàn)l與x軸交于F′，根據(jù)|AF|=5，|FF′|=4，
得|AF′|=3，
從而

c=2 b2 a =3

．
解得a=1，b=

3

．從而所求的雙曲線(xiàn)方程為：x²-

y2

3

=1；

（Ⅱ）①設(shè)直線(xiàn)m：y=kx+1，代入x²-

y2

3

=1得，
（3-k²）x²-2kx-4=0，
∵直線(xiàn)m與曲線(xiàn)C₁交于兩點(diǎn)M，N．
∴

3-k2≠0 (-k)2+4(3-k2)＞0

，
解得-2＜k＜-

3

，或-

3

＜k＜

3

，或

3

＜k＜2．
②設(shè)M，N的坐標(biāo)分別為（x₁，y₁），（x₂，y₂），
由上面可得

x1+x2= -2k k2-3 x1x2= 4 k2-3

，
由

MB

=λ

BN

，得（-x₁，1-y₁）=λ（x₂，y₂-1），
∴x₁=-λx₂，
設(shè)存在點(diǎn)C（t，t），
則

CM

-λ

CN

=(x1-t，y1-t)-λ(x2-t，y2-t)
=（x₁-λx₂+t（λ-1），y₁-λy₂+t（λ-1）），
又

OB

=(0，1)，從而由

OB

⊥(

CM

-λ

CN

)，
得y₁-λy₂+t（λ-1）=0．
因直線(xiàn)m的斜率不為零，故λ≠1．
所以解得t=

y1-λy2

1-λ

=

kx1+1-λ(kx2+1)

1-λ

=1+k?

x1-λx2

1-λ

．
因?yàn)棣?-

x1

x2

，代入得t=1+k?

2x1x2

x1+x2

，
因?yàn)?span id="7x77vjx" class="MathJye">

x1+x2= -2k k2-3 x1x2= 4 k2-3

，
代入得t=-3，即存在點(diǎn)C（-3，-3），滿(mǎn)足要求．

點(diǎn)評(píng)：通過(guò)幾何量的轉(zhuǎn)化考查用待定系數(shù)法求曲線(xiàn)方程的能力，通過(guò)直線(xiàn)與圓錐曲線(xiàn)的位置關(guān)系處理，考查學(xué)生的運(yùn)算能力．通過(guò)向量與幾何問(wèn)題的綜合，考查學(xué)生分析轉(zhuǎn)化問(wèn)題的能力，探究研究問(wèn)題的能力，并體現(xiàn)了合理消元，設(shè)而不解的代數(shù)變形的思想．本題綜合性強(qiáng)，是高考的重點(diǎn)，易錯(cuò)點(diǎn)是知識(shí)體系不牢固．