Question

已知函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)為f ′(x)，且對(duì)任意x＞0，都有f ′(x)＞．

（Ⅰ）判斷函數(shù)F(x)＝在(0，＋∞)上的單調(diào)性；

（Ⅱ）設(shè)x₁，x₂∈(0，＋∞)，證明：f(x₁)＋f(x₂)＜f(x₁＋x₂)；

（Ⅲ）請(qǐng)將（Ⅱ）中的結(jié)論推廣到一般形式，并證明你所推廣的結(jié)論．

 

Answer 1

【答案】

（Ⅰ）F(x)＝在(0，＋∞)上是增函數(shù)；（Ⅱ）f(x₁)＋f(x₂)＜f(x₁＋x₂)；（Ⅲ）f(x₁)＋f(x₂)＋…＋f(x_n)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n).

【解析】

試題分析：（Ⅰ）判斷F(x)的單調(diào)性，則需對(duì)F(x)求導(dǎo)，得F′(x)＝，∵f ′(x)＞，x＞0，則xf ′(x)－f(x)＞0，即F′(x)＞0，F(xiàn)(x)＝在(0，＋∞)上是增函數(shù).（Ⅱ）要證明f(x₁)＋f(x₂)＜f(x₁＋x₂)，可以從第（Ⅰ）的結(jié)論入手，∵x₁＞0，x₂＞0，∴0＜x₁＜x₁＋x₂，F(xiàn)(x)＝在(0，＋∞)上是增函數(shù)，則F(x₁)＜F(x₁＋x₂)，即＜，而x₁＞0，所以f(x₁)＜f(x₁＋x₂)，同理f(x₂)＜f(x₁＋x₂)，兩式相加，得f(x₁)＋f(x₂)＜f(x₁＋x₂)，得證.（Ⅲ）（Ⅱ）中結(jié)論的推廣形式為：設(shè)x₁，x₂，…，x_n∈(0，＋∞)，其中n≥2，則f(x₁)＋f(x₂)＋…＋f(x_n)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)．證明的方法同（Ⅱ）的證明，∵x₁＞0，x₂＞0，…，x_n＞0，∴0＜x₁＜x₁＋x₂＋…＋x_n．F(x)＝在(0，＋∞)上是增函數(shù)，F(xiàn)(x₁)＜F(x₁＋x₂＋…＋x_n)，即＜，而x₁＞0，所以f(x₁)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)，同理f(x₂)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)，……

f(x_n)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)，以上n個(gè)不等式相加，得f(x₁)＋f(x₂)＋…＋f(x_n)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)，得證.

試題解析：（Ⅰ）對(duì)F(x)求導(dǎo)數(shù)，得F′(x)＝．

∵f ′(x)＞，x＞0，∴xf ′(x)＞f(x)，即xf ′(x)－f(x)＞0，

∴F′(x)＞0．

故F(x)＝在(0，＋∞)上是增函數(shù)．

（Ⅱ）∵x₁＞0，x₂＞0，∴0＜x₁＜x₁＋x₂．

由（Ⅰ），知F(x)＝在(0，＋∞)上是增函數(shù)，

∴F(x₁)＜F(x₁＋x₂)，即＜．

∵x₁＞0，∴f(x₁)＜f(x₁＋x₂)．

同理可得f(x₂)＜f(x₁＋x₂)．

以上兩式相加，得f(x₁)＋f(x₂)＜f(x₁＋x₂)．

（Ⅲ）（Ⅱ）中結(jié)論的推廣形式為：

設(shè)x₁，x₂，…，x_n∈(0，＋∞)，其中n≥2，則f(x₁)＋f(x₂)＋…＋f(x_n)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)．

∵x₁＞0，x₂＞0，…，x_n＞0，

∴0＜x₁＜x₁＋x₂＋…＋x_n．

由（Ⅰ），知F(x)＝在(0，＋∞)上是增函數(shù)，

∴F(x₁)＜F(x₁＋x₂＋…＋x_n)，即＜．

∵x₁＞0，

∴f(x₁)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)．

同理可得

f(x₂)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)，

f(x₃)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)，

……

f(x_n)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)．

以上n個(gè)不等式相加，得f(x₁)＋f(x₂)＋…＋f(x_n)＜f(x₁＋x₂＋…＋x_n)．

考點(diǎn)：1.利用導(dǎo)數(shù)求單調(diào)性；2.利用函數(shù)單調(diào)性證明不等式.