Question

已知指數(shù)函數(shù)y=g（x）滿(mǎn)足：g（2）=4，定義域?yàn)镽，函數(shù)f(x)=

-g(x)+n

2g(x)+m

是奇函數(shù)．
（1）確定y=g（x）的解析式；
（2）求m，n的值；
（3）若對(duì)任意的t∈[1，3]，不等式f（t²-2t）+f（2t²-k）＞0恒成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍．

Answer 1

分析：（1）設(shè)g（x）=a^x（a＞0且a≠1），利用g（2）=4，可得a²=4，解得a即可；
（2）由（1）可得：f(x)=

-2x+n

2x+1+m

，利用函數(shù)f（x）是奇函數(shù)可得f（-x）+f（x）=0，解出即可；
（3）分類(lèi)討論：①當(dāng)

n=1 m=2

時(shí)，f（x）=

-2x+1

2x+1+2

=-

1

2

+

1

2x+1

在R上是減函數(shù)．
于是：對(duì)任意的t∈[1，3]，不等式f（t²-2t）+f（2t²-k）＞0恒成立，即f（t²-2t）＞-f（2t²-k）=f（k-2t²）恒成立，
可得t²-2t＜k-2t²，化為k＞3t²-2t在t∈[1，3]上恒成立?k＞（3t²-2t）_max，t∈[1，3]．利用二次函數(shù)的單調(diào)性即可得出；
②當(dāng)

n=-1 m=-2

時(shí)，f（x）=

-2x-1

2x+1-2

=-

1

2

-

1

2x-1

，在[1，3]上是增函數(shù)，
于是對(duì)任意的t∈[1，3]，不等式f（t²-2t）+f（2t²-k）＞0恒成立，可得f（t²-2t）＞-f（2t²-k）=f（k-2t²）恒成立，
即k-2t²＜t²-2t．化為k＜3t²-2t，t∈[1，3]．同法①即可．

解答：解：（1）設(shè)g（x）=a^x（a＞0且a≠1），∵g（2）=4，∴a²=4，解得a=2．∴g（x）=2^x．
（2）由（1）可得：f(x)=

-2x+n

2x+1+m

，
∵函數(shù)f（x）是奇函數(shù)，∴f（-x）+f（x）=0，∴

-2-x+n

2-x+1+m

+

-2x+n

2x+1+m

=0，化為（2n-m）（2^x+2^-x）+（2mn-4）=0．
上式對(duì)于定義域內(nèi)的實(shí)數(shù)x都成立，∴

2n-m=0 2mn-4=0

，解得

n=1 m=2

，或

n=-1 m=-2

．
（3）①當(dāng)

n=1 m=2

時(shí)，f（x）=

-2x+1

2x+1+2

=-

1

2

+

1

2x+1

在R上是減函數(shù)．
∵對(duì)任意的t∈[1，3]，不等式f（t²-2t）+f（2t²-k）＞0恒成立，∴f（t²-2t）＞-f（2t²-k）=f（k-2t²）恒成立，
∴t²-2t＜k-2t²，化為k＞3t²-2t在t∈[1，3]上恒成立?k＞（3t²-2t）_max，t∈[1，3]．
令g（t）=3t2-2t=3(t-

1

3

)2-

1

3

，∵g（t）在t∈[1，3]上單調(diào)遞增，∴g（t）_max=g（3）=21．
∴k＞21，即實(shí)數(shù)k的取值范圍是（21，+∞）．
②當(dāng)

n=-1 m=-2

時(shí)，f（x）=

-2x-1

2x+1-2

=-

1

2

-

1

2x-1

，在[1，3]上是增函數(shù)，
∵對(duì)任意的t∈[1，3]，不等式f（t²-2t）+f（2t²-k）＞0恒成立，∴f（t²-2t）＞-f（2t²-k）=f（k-2t²）恒成立，
∴k-2t²＜t²-2t．化為k＜3t²-2t，t∈[1，3]．
同①可得：k的取值范圍是（-∞，1）．

點(diǎn)評(píng)：本題綜合考查了指數(shù)函數(shù)的定義及其性質(zhì)、函數(shù)的奇偶性、單調(diào)性、恒成立問(wèn)題的等價(jià)轉(zhuǎn)化、二次函數(shù)的單調(diào)性等基礎(chǔ)知識(shí)與基本技能方法，屬于難題．