10．如圖所示，平行板電容器水平放置，電源通過(guò)二極管給電容充電，上、下極板正中有一小孔，質(zhì)量為m，電荷量為+q的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由靜止開(kāi)始下落，穿過(guò)小孔到達(dá)下極板小孔處速度恰為零（空氣阻力忽略不計(jì)，極板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)）（　�。�
A．若將上極板稍向上移動(dòng)，則小球到達(dá)下極板小孔處速度恰為零
B．若將上極板稍向下移動(dòng)，則小球到達(dá)下極板小孔處速度恰為零
C．若將下極板稍向上移動(dòng)，則小球到達(dá)下極板小孔前速度就已為零
D．若將上極板稍向下移動(dòng)，則小球到達(dá)下極板小孔處速度仍不為零

分析 若將上級(jí)板稍向上移動(dòng)，分析電容器的電容、板間場(chǎng)強(qiáng)如何變化，根據(jù)粒子的受力情況分析小球到達(dá)下極板小孔處的速度．
若將上級(jí)板稍向下移動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理求出小球恰好到達(dá)下極板時(shí)重力做功與電場(chǎng)力做功的關(guān)系，從而通過(guò)功能關(guān)系判斷下極板上移后能否到達(dá)下極板．同理分析上極板移動(dòng)時(shí)，小球的運(yùn)動(dòng)情況．

解答 解：A、若將上級(jí)板稍向上移動(dòng)，電容器的電容減小，而電壓不變，由Q=CU知，電容器的帶電量要減少，但由于二極管有單向?qū)щ�，電容器不能放電，所以電容器的帶電量不變，根�?jù)推論可知，電容器板間場(chǎng)強(qiáng)不變，則小球所受的電場(chǎng)力不變，重力也不變，則小球的運(yùn)動(dòng)情況不變，因此，小球到達(dá)下極板小孔前速度就為零了，故A錯(cuò)誤．
B、若將上級(jí)板稍向下移動(dòng)，電容器的電容增大，電壓不變，由Q=CU知，電容器的帶電量要增大，電容器充電．由于電容器板間電壓不變，則小球到達(dá)下極板處時(shí)重力和電場(chǎng)力做功不變，由動(dòng)能定理可知，小球到達(dá)下極板小孔處速度仍為零，故B正確．
C、若將下級(jí)板稍向上移動(dòng)，由上分析可知，電容器板間場(chǎng)強(qiáng)不變，小球的運(yùn)動(dòng)情況不變，小球到達(dá)下極板小孔處仍有向下的速度，故C錯(cuò)誤．
D、若將下級(jí)板稍向下移動(dòng)，電容器板間電壓不變，則小球到達(dá)下極板小孔處時(shí)，電場(chǎng)力做功不變，而重力做功增大，由動(dòng)能定理可知，小球到達(dá)下極板小孔處仍有向下的速度，故D錯(cuò)誤．
故選：B

點(diǎn)評(píng) 本題的關(guān)鍵要抓住電容器板間的電壓不變，分析出電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，結(jié)合動(dòng)能定理和牛頓第二定律分析小球的運(yùn)動(dòng)情況．

練習(xí)冊(cè)系列答案
相關(guān)習(xí)題

科目：高中物理 來(lái)源： 題型：多選題

20．如圖所示，有一交流電源接在理想變壓器的原線(xiàn)圈的兩端，電源電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的表達(dá)式為e=100$\sqrt{2}$sin（50πt）伏，電源內(nèi)阻為r=5Ω，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值，觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A，電流表A2的示數(shù)增大了0.4A，電流表為理想表，下列說(shuō)法中正確的是（　�。�
A．變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為2：1
B．副線(xiàn)圈輸出電壓的表達(dá)式為e2=50$\sqrt{2}$sin（100πt）
C．副線(xiàn)圈電流I2=4A時(shí)，變壓器輸入功率P1=200W
D．當(dāng)R=1.25Ω時(shí)，電源輸出率最大

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科目：高中物理 來(lái)源： 題型：選擇題

1．下列物理量中，屬于矢量的是（　�。�
A．動(dòng)能B．功率C．周期D．速度

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科目：高中物理 來(lái)源： 題型：解答題

18．在如圖所示的電場(chǎng)中，一電荷量q=-2.0×10-8C的點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場(chǎng)力F=4.0×10-4 N．求：
（1）A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E；
（2）請(qǐng)?jiān)趫D中畫(huà)出該點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力F的方向．

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科目：高中物理 來(lái)源： 題型：解答題

5．如圖，用一塊長(zhǎng)L1=1m的木板在墻和桌面間架設(shè)斜面，桌面長(zhǎng)L2=1.5m．斜面與水平桌面的傾角θ可在0～60°間調(diào)節(jié)后固定．將小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.2，忽略物塊在斜面與桌面交接處的能量損失．重力加速度取10m/s2．求：
（1）在圖上畫(huà)出物塊在斜面上的受力分析圖；
（2）求θ角增大到多少時(shí)，物塊能從斜面開(kāi)始下滑；
（3）當(dāng)θ增大到30°時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2．

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科目：高中物理 來(lái)源： 題型：選擇題

15．某勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn)如圖所示，A、B為該電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，則A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度（　�。�
A．大小相等，方向相同B．大小相等，方向不同
C．大小不等，方向相同D．大小不等，方向不同

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科目：高中物理 來(lái)源： 題型：選擇題

2．如圖所示，傾角為θ的光滑足夠長(zhǎng)斜面固定在水平面上，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端連在斜面底端的擋板上，另一端連接一質(zhì)量為m，帶電量為q的絕緣小球，裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)在在空間增加一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E=$\frac{mgtanθ}{q}$，則下列判斷正確的是（　�。�
A．小球沿斜面向上做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)
B．小球沿斜面運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)點(diǎn)時(shí)的加速度為$\frac{qEsinθ}{m}$
C．小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒
D．小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力做功的最大值為$\frac{2（mgsinθ）^{2}}{k}$

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科目：高中物理 來(lái)源： 題型：多選題

19．如圖所示的應(yīng)急供電系統(tǒng)由交流發(fā)電機(jī)和副線(xiàn)圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成．發(fā)電機(jī)中矩形線(xiàn)圈所圍的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不計(jì)，它可繞水平軸OO′在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．矩形線(xiàn)圈通過(guò)滑環(huán)用不計(jì)電阻的導(dǎo)線(xiàn)連接理想變壓器，滑動(dòng)觸頭P上下移動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓，R0表示輸電線(xiàn)的電阻．線(xiàn)圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列判斷正確的是（　�。�
A．在圖示位置，變壓器原線(xiàn)圈的電流瞬時(shí)值為零
B．發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=NBSωcosωt
C．僅將滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，變壓器原線(xiàn)圈電流將增大
D．在用電高峰，為使用戶(hù)電壓保持不變，滑動(dòng)觸頭P應(yīng)向上滑動(dòng)

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科目：高中物理 來(lái)源： 題型：多選題

20．如圖所示，一質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平地面上，斜面體高度為h．質(zhì)量為m的木塊從頂端勻加速下滑到底端，速度大小由v1增大到v2，所用時(shí)間為t，木塊下滑過(guò)程中斜面體始終保持靜止．則在此過(guò)程中（　�。�
A．斜面體受水平地面的摩擦力為零
B．木塊沿斜面下滑的距離為$\frac{{v}_{1}+{v}_{2}}{2}$t
C．木塊下滑過(guò)程中克服摩擦力所做的功為mgh-$\frac{1}{2}$mv22+$\frac{1}{2}$mv12
D．如果木塊以初速度v2沖上斜面，它沿斜面上升到h高處時(shí)速度為v1

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