Question

2．如圖所示，長、寬分別為L₁、L₂的矩形金屬線框位于豎直平面內，其匝數(shù)為n，總電阻為r，可繞其豎直中心軸O₁O₂轉動．線框的兩個末端分別與兩個彼此絕緣的銅環(huán)C、D（集流環(huán)）焊接在一起，并通過電刷與二極管、定值電阻R相連．線框所在空間有水平向右均勻分布的磁場，磁感應強度的大小為B₀．在t=0時刻，線框平面和磁場垂直，t=0時刻后線框在外力的驅動下開始繞其豎直中心軸以角速度ω勻速轉動，從上向下看轉動方向為順時針．求：
（1）在0～$\frac{3π}{2ω}$時間內，通過電阻R的電荷量的大�。�
（2）在$\frac{3π}{2ω}$～$\frac{2π}{ω}$時間內，流過電阻R的平均電流的大�。�
（3）線框勻速轉動后，在電阻R上的發(fā)熱功率．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)$\overline{\overline{E}}=\frac{n△∅}{△t}$求得平均感應電動勢，有$\overline{I}=\frac{\overline{E}}{R+r}$求得平均感應電流，有q=$\overline{I}•△t$求得通過R的電荷量；
（2）根據(jù)$\overline{\overline{E}}=\frac{n△∅}{△t}$求得平均感應電動勢，有$\overline{I}=\frac{\overline{E}}{R+r}$求得平均感應電流；
（3）由于二極管的濾波作用，通過電阻R的只有半波（正向電流），根據(jù)電流的有效值即可求得產(chǎn)生的熱量

解答 解：（1）在0～$\frac{3π}{2ω}$時間內，通過分析可知：前部分0～$\frac{π}{ω}$時間內，由于流過二極管的電流為反向電流，相當于斷路，所以沒有電荷通過電阻R．在0～$\frac{3π}{2ω}$時間內通過R的電荷量就是$\frac{π}{ω}$～$\frac{3π}{2ω}$通過R的電荷量．
由關系式$Q=n\frac{△φ}{（R+r）}$有：△φ=BL₁L₂
得：$Q=n\frac{{B{L_1}{L_2}}}{（R+r）}$
（2）在$\frac{3π}{2ω}$～$\frac{2π}{ω}$時間內，由$\overline{E}=n\frac{△∅}{△t}$，$\overline{E}=n\frac{B{L}_{1}{L}_{2}}{\frac{π}{2ω}}=\frac{2nωB{L}_{1}{L}_{2}}{π}$有：$\overline{I}=\frac{\overline{E}}{R+r}=\frac{2nωB{L}_{1}{L}_{2}}{π（R+r）}$
（3）由于二極管的濾波作用，通過電阻R的只有半波（正向電流），峰值為：${I_m}=\frac{{nωB{L_1}{L_2}}}{（R+r）}$
根據(jù)電流的熱效應可得有效值為：$I=\frac{{nωB{L_1}{L_2}}}{2（R+r）}$
R的發(fā)熱功率為：$P={I^2}R=\frac{{R{{（nωB{L_1}{L_2}）}^2}}}{{4{{（R+r）}^2}}}$
答：（1）在0～$\frac{3π}{2ω}$時間內，通過電阻R的電荷量的大小為$\frac{nB{L}_{1}{L}_{2}}{R+r}$；
（2）在$\frac{3π}{2ω}$～$\frac{2π}{ω}$時間內，流過電阻R的平均電流的大小為$\frac{2nωB{L}_{1}{L}_{2}}{π（R+r）}$；
（3）線框勻速轉動后，在電阻R上的發(fā)熱功率為$\frac{R（nωB{L}_{1}{L}_{2}）^{2}}{4（R+r）^{2}}$．

點評 本題考查交變電流最大值、有效值的理解和應用的能力，對于交流電表的測量值、計算交流電功率、電功等都用到有效值，求電量時，需要用平均值．