Question

8．如圖所示，用粗細(xì)均勻的銅導(dǎo)線制成半徑為r的圓環(huán)，PQ為圓環(huán)的直徑，其左右兩側(cè)存在垂直圓環(huán)所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，但方向相反，圓環(huán)的電阻為2R．一根長(zhǎng)度為2r、電阻為R的金屬棒MN繞著圓環(huán)的圓心O點(diǎn)緊貼著圓環(huán)以角速度ω沿順時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒MN與圓環(huán)始終接觸良好，則下列說(shuō)法正確的是（　�。�

• A． 金屬棒MN兩端的電壓大小為$\frac{1}{3}$Bωr²
• B． 圓環(huán)消耗的電功率是變化的
• C． 金屬棒MN中的電流的大小為2$\frac{Bω{r}^{2}}{3R}$
• D． 金屬棒MN轉(zhuǎn)至圖示位置時(shí)N點(diǎn)的電勢(shì)高于M點(diǎn)的電勢(shì)

Answer 1

分析 由法拉第電磁感應(yīng)定律來(lái)確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，即為兩種感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之和； 并由閉合電路歐姆定律來(lái)計(jì)算感應(yīng)電流大小，繼而可計(jì)算出MN兩端的電壓大�。�路端電壓）；根據(jù)感應(yīng)電流是否變化來(lái)判斷圓環(huán)消耗的功率是否變化，根據(jù)右手定則來(lái)確定感應(yīng)電流的方向，從而得知MN電勢(shì)的高低．

解答 解：A、OM和ON兩段相當(dāng)于兩個(gè)電源串聯(lián)，所以，MN產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=2×$\frac{1}{2}$Bωr²=Bωr²，MN把圓環(huán)分成兩等份且并聯(lián)（每份的電阻為R），并聯(lián)后的電阻為$\frac{R}{2}$，由閉合電路的歐姆定律有：I=$\frac{E}{R+\frac{R}{2}}$=$\frac{2Bω{r}^{2}}{3R}$，則金屬棒MN兩端的電壓（路端電壓）大小為U=I×$\frac{1}{2}R$=$\frac{1}{3}$Bωr²，故A正確
B、由A的分析可知，流過(guò)環(huán)的電流不變，則環(huán)消耗的電功率不變，故B錯(cuò)誤
C、由對(duì)AC的解答可知，電路的總電流為：I=$\frac{2Bω{r}^{2}}{3R}$，所以流過(guò)環(huán)的電流為：I′=$\frac{1}{2}$I=$\frac{Bω{r}^{2}}{3R}$，故C錯(cuò)誤．
D、因金屬棒是逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，在圖示位置時(shí)，由右手定則可知，MO段O點(diǎn)地勢(shì)高，NO段，N點(diǎn)電勢(shì)高，所以金屬棒MN轉(zhuǎn)至圖示位置時(shí)N點(diǎn)的電勢(shì)高于M點(diǎn)的電勢(shì)，故D正確
故選：AD

點(diǎn)評(píng) 該題在求解電動(dòng)勢(shì)時(shí)利用了等效速度的思想，桿在做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，桿切割磁感線的等效速度為桿的中點(diǎn)的速度；同時(shí)解答該題，要明確各部分的連接方式，桿分成了兩個(gè)半徑，相當(dāng)于兩個(gè)電源串聯(lián)，MN把圓環(huán)平均分成了兩部分，這兩部分是并聯(lián)的關(guān)系，理清這些關(guān)系后，解答該題就變得簡(jiǎn)單了．