Question

7．如圖所示，與水平方向成θ=37°的傳送帶以恒定速度v=4m/s沿逆時針方向轉(zhuǎn)動，兩傳動輪間距為l_AB=5.8m．一質(zhì)量為M=1kg的長木板靜止在粗糙地面上，其右端靠著傳送帶．現(xiàn)將一質(zhì)量為m=1kg且可視為質(zhì)點的物塊輕放在傳送帶頂端B點，物塊沿傳送帶滑至底端，正好滑上長木板（此過程無機械能損失）．已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ₁=0.5，物塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為μ₂=0.4，長木板與地面間的動摩擦因素為μ₃=0.1，重力加速度g=10m/s²；求：
A．物塊剛滑到長木板上的速度大��；
B．從滑塊滑上長木板到二者停下的總時間；
C．為保證滑塊不從長木板上滑下，長木板的最小長度．

Answer 1

分析 A、根據(jù)牛頓第二定律可求得物體的加速度，再由運動學公式可求得物塊剛滑到長木板上時的速度大�。�
B、分別對滑塊和木板進行分析，根據(jù)牛頓第二定律求出各自的加速度；再由運動學公式明確達共同速度的時間；再對整體分析，由牛頓第二定律及運動學公式可求得停止的時間；
C、根據(jù)運動學公式求得兩小球達到共速時所經(jīng)歷的位移，再由位移公式求解各自的位移，即可明確最小長度．

解答 解：A、物體輕放上傳送帶，根據(jù)牛頓第二定律可得：
mgsinθ+μ₁mgcosθ=ma₁
解得：a₁=10m/s²；
物體以a₁速至v₂：
則有：v₂=2a₁l₁
解得：l₁=0.8m；
到達v之后以a2加速到B：
mgsinθ-μ₁mgcosθ=ma₂
解得：a₂=2m/s²；
到達B速度為v₀：
v²₀-v²=2a₂（l_AB-l₁）
解得：v₀=6m/s
B、滑塊滑上長木板，對滑塊有：
μ₂mg=ma₃
解得：a₃=4m/s²；
方向向右；
對長木板：μ₂mg-μ₃（m+M）g=ma₄
解得：a₄=2m/s²；
方向向左；
二者速度相等經(jīng)歷的時間為t₁：
則由速度公式可得：v₀-a₃t₁=a₄t₁
解得：t₁=1s；
速度為v₁=2m/s；
共速后再共同勻減速，μ₃（M+m）g=（M+m）a₅
解得：a₅=1m/s²
再到停下：t₂=$\frac{{v}_{1}}{{a}_{5}}$=$\frac{2}{1}$=2s；
故總時間t=t₁+t₂=1+2=3s；
C、達到共同速度時，滑塊的位移x₁=v₀t₁-$\frac{1}{2}$a₃t₁²=6×1-$\frac{1}{2}$×2×1²=5m；
木板的位移x₂=$\frac{1}{2}$a₄t₁²=$\frac{1}{2}$×2×1²═1m；
故木板的長度至少為：x₁-x₂=5-1=4m；
答：A、物塊剛滑到長木板上的速度大小為6m/s；
B、從滑塊滑上長木板到二者停下的總時間為3s；
C、為保證滑塊不從長木板上滑下，長木板的最小長度4m．

點評 本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，涉及兩個物體多個過程，要注意正確確定研究對象，做好受力分析，再根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運動學公式進行分析求解；注意掌握應(yīng)用加速度的橋梁作用．