Question

在光滑水平面上有一質(zhì)量m=1.0×10^-3kg，電量q=1.0×10^-10C的帶正電小球靜止在O點(diǎn)，以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)，在該水平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系Oxy，現(xiàn)突然加一沿x軸正方向，場(chǎng)強(qiáng)大小E=2.0×10⁶V/m的勻強(qiáng)電場(chǎng)，使小球開始運(yùn)動(dòng)經(jīng)過1.0s，所加電場(chǎng)突然變?yōu)檠貀軸正方向，場(chǎng)強(qiáng)大小仍為E=2.0×10⁶V/m的勻強(qiáng)電場(chǎng)再經(jīng)過1.0s，所加電場(chǎng)又突然變?yōu)榱硪粋�(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，使小球在此電場(chǎng)作用下經(jīng)1.0s速度變?yōu)榱悖�求此電�?chǎng)的方向及速度變?yōu)榱銜r(shí)小球的位置．

Answer 1

分析：分析小球的運(yùn)動(dòng)情況：第1s內(nèi)小球沿x軸正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第2s內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)，加速度沿y軸正方向，第3s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出第1s末小球的速度和位移．對(duì)于類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法求出第2秒末小球的速度大小和方向，并求出x方向和y方向的位移大�。�再根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出電場(chǎng)的方向和第3s末的位置．

解答：解：由牛頓第二定律得知，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中小球加速度的大小恒為：a=

qE

m

代入數(shù)值得：a=

1.0×10-10×2.0×106

1.0×10-3

m/s²=0.20m/s²
第1s內(nèi)：場(chǎng)強(qiáng)沿x正方向時(shí)，經(jīng)過1秒鐘小球的速度大小為：
   V_x=at=0.20×1.0=0.20m/s 
速度的方向沿x軸正方向，小球沿x軸方向移動(dòng)的距離
△x₁=

1

2

at²=

1

2

×0.20×1.0²=0.10m 
第2秒內(nèi)：電場(chǎng)方向沿y軸正方向，故小球在x方向做速度為V_x的勻速運(yùn)動(dòng)，在y方向做初速為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，
沿x方向移動(dòng)的距離：△x₂=V_xt=0.20m 
沿y方向移動(dòng)的距離：△y=

1

2

at²=

1

2

×0.20×1.0²=0.10m 
故在第2秒末小球到達(dá)的位置坐標(biāo)：x₂=△x₁+△x₂=0.30m 
    y₂=△y=0.10m 
在第2秒末小球在x方向的分速度仍為V_x，在y方向的分速度為
   V_y=at=0.20×1.0=0.20m/s 
由上可知，此時(shí)運(yùn)動(dòng)方向與x軸成45°角．要使小球速度能變?yōu)榱�，則在第3秒內(nèi)所加勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向必須與此方向相反，即指向第三象限，與x軸成225°角．
第3秒內(nèi)：設(shè)在電場(chǎng)作用下小球加速度的x分量和y分量分別為a_x，a_y，則
   a_x=

Vx

t

=0.20m/s²，
   a_y=

Vy

t

=0.20m/s² 
在第3秒未小球到達(dá)的位置坐標(biāo)為
  x₃=x₂+V_xt-

1

2

a_xt²=0.40m，
  y₃=y₂+V_yt-

1

2

a_yt²=0.20m 
答：此電場(chǎng)的方向?yàn)橹赶虻谌�象限，與x軸成225°角．速度變?yōu)榱銜r(shí)小球的位置為x₃=0.40m，y₃=0.20m．

點(diǎn)評(píng)：本題考查運(yùn)用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析和處理動(dòng)力學(xué)問題，要通過計(jì)算進(jìn)行分析．類平拋運(yùn)動(dòng)運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解的方法研究．