1.下列說法中是“平面平面的一個充分條件”的有( )(1).存在一條直線 (2).存在一條直線 (3).存在兩條平行直線(4).存在兩條異面直線
A.3個 B. 2個 C. 1個 D. 0個
2.設(shè),,均為直線,其中,在平面內(nèi),“”是且“”的( )
A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充分必要條件 D.既不充分也不必要條件
3. 已知正三棱柱ABC-A1B1C1的側(cè)棱長與底面邊長相等,則AB1與側(cè)面ACC1A1所成角的正弦等于( ) A. B. C. D.
4. 已知,為兩條不同的直線,,為兩個不同的平面,則下列命題中正確的是( )
A . B.
C. D.
5. 頂點在同一球面上的正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,AB=1,AA1=,則A、C兩點間的球面距離為( )A . B. C . D.
6. 一個正三棱錐的四個頂點都在半徑為1的球面上,其中底面的三個頂點在該球的一個大圓上,則該正三棱錐的體積是( )
A. B. C. D.
7. 已知某個幾何體的三視圖如下,根據(jù)圖中標(biāo)出的尺寸(單位:cm),可得這個幾何體的體積是( )
A. B. C. D.
8. 如圖,正四棱柱中,,則異面直線所成角的余弦值為( )
A. B. C. D.
9. 一個等腰直角三角形的三個頂點分別在正三棱柱的三條側(cè)棱上。已知正三棱柱的底面邊長為2,則該三角形的斜邊長為 。
10. 一個長方體的各頂點均在同一球的球面上,且一個頂點上的三條棱的長分別為1,2,3,則此球的表面積為 。
11. 如圖,在正三棱柱ABC-A1B1C1中,側(cè)棱長為,底面三角形的邊長為1,則BC1與側(cè)面ACC1A1所成的角是 .
12. 已知點O在二面角的棱上,點P在內(nèi),且。若對于內(nèi)異于O的任意一點Q,都有,則二面角的大小是________。
13. 已知正四棱錐的體積為12,底面對角線的長為,則側(cè)面與底面所成的二面角等于___________。
14. 已知二面角的大小為,為異面直線,且,則所成的角為_________ 。
高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)--立體幾何測練題 (總分150分)參考答案
高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)--立體幾何測練題參考答案
一、DAADB CBD
二、9.;10. 11.; 12. 13. (或)14.
三、15.(1);(2)奇函數(shù);(3) 0<a<1減函數(shù) a>1增函數(shù)
16.證明:(1)連結(jié),在中//,
且平面,平面, .
(2)因為面面,平面面,,
所以,平面,.
又,所以是等腰直角三角形,
且 ,即.
,且、面,∴ 面,
又面,∴ 面面.
17. m<-3或m≥
18. 解法一:(Ⅰ)設(shè)O為AC中點,連接EO,BO,則EO∥=C1C,又C1C∥=B1B,所以EO∥=DB,EOBD為平行四邊形,ED∥OB. ……2分
∵AB=BC,∴BO⊥AC,
又平面ABC⊥平面ACC1A1,BOÌ面ABC,故BO⊥平面ACC1A1,
∴ED⊥平面ACC1A1,BD⊥AC1,ED⊥CC1,
∴ED⊥BB1,ED為異面直線AC1與BB1的公垂線.……7分
(Ⅱ)連接A1E,由AA1=AC=AB可知,A1ACC1為正方形,
∴A1E⊥AC1,又由ED⊥平面ACC1A1和EDÌ平面ADC1知平面
ADC1⊥平面A1ACC1,∴A1E⊥平面ADC1.作EF⊥AD,垂足為F,連接A1F,則A1F⊥AD,∠A1FE為二面角A1-AD-C1的平面角.
不妨設(shè)AA1=2,則AC=2,AB=ED=OB=1,EF==,
tan∠A1FE=,∴∠A1FE=60°.
所以二面角A1-AD-C1為60°. ………14分
解法二:(Ⅰ)如圖,建立直角坐標(biāo)系O-xyz,其中原點O為AC的中點.
設(shè)A(a,0,0),B(0,b,0),B1(0,b,2c).
則C(-a,0,0),C1(-a,0,2c),E(0,0,c),D(0,b,c). ……3分
=(0,b,0),=(0,0,2c).
.=0,∴ED⊥BB1.
又=(-2a,0,2c),
.=0,∴ED⊥AC1, ……7分
所以ED是異面直線BB1與AC1的公垂線.
(Ⅱ)不妨設(shè)A(1,0,0),則B(0,1,0),C(-1,0,0),A1(1,0,2),
=(-1,-1,0),=(-1,1,0),=(0,0,2),
.=0,.=0,即BC⊥AB,BC⊥AA1,又AB∩AA1=A,
∴BC⊥平面A1AD.
又 E(0,0,1),D(0,1,1),C(-1,0,1),
=(-1,0,-1),=(-1,0,1),=(0,1,0),
.=0,.=0,即EC⊥AE,EC⊥ED,又AE∩ED=E,
∴ EC⊥面C1AD. ……10分
cos<,>==,即得和的夾角為60°.
所以二面角A1-AD-C1為60°. ………14分
19. (Ⅰ)證明:,
.……2分
又,……4分
∴ PD⊥面ABCD………6分
(Ⅱ)解:連結(jié)BD,設(shè)BD交AC于點O,
過O作OE⊥PB于點E,連結(jié)AE,
∵PD⊥面ABCD, ∴,
又∵AO⊥BD, ∴AO⊥面PDB.
∴AO⊥PB,
∵,
∴,從而,
故就是二面角A-PB-D的平面角.……………………10分
∵ PD⊥面ABCD, ∴PD⊥BD,
∴在Rt△PDB中, ,
又∵, ∴,………………………………………12分
∴ .…………………14分
故二面角A-PB-D的大小為60°.
20.解:
(1)由折起的過程可知,PE⊥平面ABC,,
V(x)=()
(2),所以時, ,V(x)單調(diào)遞增;時 ,V(x)單調(diào)遞減;因此x=6時,V(x)取得最大值;
(3)過F作MF//AC交AD與M,則,PM=,
,
在△PFM中, ,∴異面直線AC與PF所成角的余弦值為;