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19.如圖,已知⊙A:,⊙B:,動圓P與⊙A、⊙B都外切.
(1)求動圓圓心P的軌跡方程,并說明軌跡是什么曲線;
(2)若直線y=kx+1與(1)中的曲線有兩個不同的交點(diǎn)、,求k的取值范圍;
(3)若直線l垂直平分(2)中的弦,求l在y軸上的截距b的取值范圍.
直線與圓練習(xí)參考答案
1.C 方法1 設(shè)直線l為y=kx+b,分別與y=1,x-y-7=0聯(lián)立解得P (-,1),Q (,).由PQ中點(diǎn)為(1,-1),∴,且1+=-2,∴k=-,故選C.
方法2 設(shè)P (a,1),Q (b+7,b),因PQ的中點(diǎn)為(1,-1),
∴,解得,故P為(-2,1),Q為(4,-3),
∴,故選C.
2.C 如圖,==2.
要求的最小值,只需求|PO|的最小值即可.
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3.C 如圖,設(shè)直線y=ax的傾斜角為α,
則α≠,∴|α-|<,
∴<α<,且α≠.a=tanα∈(,1)∪(1,).
4.A 應(yīng)用點(diǎn)到直線的距離公式,選A.
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5.B 如圖,設(shè)圍成四邊形為OABC,因OABC有外接圓,且∠AOC=90°,故∠ABC=90°.
∴兩條直線x+3y-7=0,kx-y-2=0互相垂直,(-).k=-1,即k=3,故選B.
說明 運(yùn)用圓的幾何性質(zhì)是解決圓的問題的有效途徑.
6.D 如圖,設(shè)l:4x-3y+25=0,與l平行且距離等于1的直線為4x-3y+b=0.
∴或b=30.
:4x-3y+20=0,:4x-3y+30=0.
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故滿足條件的r取值范圍(4,6).
實際上,圓沒有點(diǎn)到直線4x-3y+25=0的距離等于1,
則0<r<4,若圓上只有一點(diǎn)到直線4x-3y+25=0的距離等于1,
則r=4,類似可求出圓上有三點(diǎn)、四點(diǎn)到直線的距離等于1
的r的取值范圍.
7.A 由,可得⊥,∴選A.
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∵,∴.故排除B、C.
又由圖可知,AB在y軸的截距為負(fù),故排除D,所以選A.
方法2 設(shè)A(,),B(,),
由AP⊥OA可得.=-1,
即.∴,又,
∴.
同理可得,∴AB直線為-4x+y+4=0,即4x-y-4=0.
方法3 設(shè)A(,),B(,),則切線PA為,.
∴,,∴A、B在直線4x-y-4=0上.
另:此題可推廣到一般結(jié)論,若P (,)為圓 (r>0)外一點(diǎn),過P引圓的兩條切線,則經(jīng)過兩切點(diǎn)的直線方程為.
9.A 直線方程為,則圓心(a,b)到直線x-y=0的距離為d=,又因截得弦長恰好等于圓的半徑,故d=r,∴|a-b|=r,故選A.
10.B 方法1 將y=kx+1代入中有.
設(shè)交點(diǎn)為 A(,),B(,),∵A、B關(guān)于y軸對稱,∴,
∴k=0.故選B.
方法2 因直線與圓的兩個交點(diǎn)A(,),B(,)關(guān)于y軸對稱
∴,,故圓心在y軸上,∴k=0,故選B.
11.x-y-1=0 P、Q關(guān)于直線l對稱,故=-1且PQ中點(diǎn)在l上,
∴,又PQ中點(diǎn)為(,),
∴l的方程為y-=x-,即x-y-1=0.此題也可將a,b賦特殊值去求直線l.
12.2x+y-3=0 由圓的幾何意義知該直徑與直線x-2y-3=0垂直.故該直徑方程為y+1=-2(x-2),即2x+y-3=0.
13.{k|k>1或k=0或k<-1} 畫出函數(shù)y=kx+1、y=的圖象,兩曲線相切及只有一個交點(diǎn)時如圖所示.
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14. 設(shè)圓的方程為經(jīng)過P(-2,4),
∴,
∴λ=-2,∴所求的圓的方程為.
15.解 由、相交,需1.a-1.1≠0,得a≠1,此時解方程組,
可解得 即、的交點(diǎn)為(-1-a,1),由、相交,
需1.1-1.a≠0,∴a≠1,由,相交,需1.1-a.a≠0,∴a≠±1,又(-1-a,1),
∴a.(-1-a)+1+1≠0,得a≠1且a≠-2,
綜上所述,a∈R且a≠±1且a≠-2,能保證三交點(diǎn)(-1-a,1),(1,-1-a)、(-1-a,-1+a+)互不重合,所以所求a的范圍為a∈(-∞,-2)∪(-2,-1)∪(-1,1)∪(1,+∞).
16.解 由已知條件知P為直線3x-y-4=0和直線x+2y+1=0的交點(diǎn),聯(lián)立兩直線方程得
,∴.∴P點(diǎn)為(1,-1).
又l與垂直,故l的方程為y+1=2(x-1),即l的方程為2x-y-3=0.
17.解 設(shè)P(x,y),則Q(18-x,-y),記P點(diǎn)對應(yīng)的復(fù)數(shù)為x+yi,
則S點(diǎn)對應(yīng)的復(fù)數(shù)為:(x+yi).i=-y+xi,即S(-y,x),
∴|SQ|=
=
其中可以看作是點(diǎn)P到定點(diǎn)B(9,-9)的距離,其最大值為|MB|+r=2+1,最小值為|MB|-r=2-1,則|SQ|的最大值為2+,|SQ|的最小值為2-.
18.解 方法1 如圖,設(shè)P(,)(>0),Q(x,y).
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∴Q分PA的比為.
∴即.
又因,且>0,∴.
∴Q的軌跡方程為(y>0).
方法2 設(shè)∠AOP=α,α∈(0,π),則P(cosα,sinα),∠AOQ=,
則OQ直線方程為y=x.tan=kx ①
,∴直線PA方程為y=(x-3) ②
由Q滿足①②且k=tan.
由②得y=.
消去k有y=,∴,由圖知y>0.
故所求Q點(diǎn)軌跡方程為(y>0).
說明 上述兩種方程為求軌跡的基本方法、相關(guān)點(diǎn)及參數(shù)法.
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由題設(shè),有|PA|=R+,|PB|=R+,∴|PA|-|PB|=2.
∴⊙P的圓心軌跡是實軸長為2,焦點(diǎn)在x軸上,且焦距長
為4的雙曲線的右支,其方程為(x>0).
(2)由方程組,有(x>0). ①
因為直線與雙曲線有兩個不同交點(diǎn),
∴.從而,有. ∴-2<k<-.
(3)設(shè)的中點(diǎn)為M(、),則=.
又M在y=kx+1上,∴=k+1=.
∴M(,).
∴的垂直平分線l的方程為:y-=-(x-),即y-=-(x-).
令x=0,得截距b=,k∈(-2,-),又-2<k<-,∴-1<3-<0.∴b<-4.
20.解 假設(shè)存在這樣的直線,設(shè)直線l方程為y=x+b.
方法1 將y=x+b代入圓的方程有.
由題設(shè)知OA⊥OB,設(shè)A(,),B(,),
∴+=0.
又=(+b)(+b)=+b(+)+,∴2+b(+)+=0.
又∵+=-(b+1),=2b-2+,
∴2(+2b-2)-b(b+1)+ =0.
∴b=1或b=-4.此時Δ=,
∴存在這樣的直線l:y=x+1或y=x-4滿足題設(shè).
方法2 設(shè)過圓C與l的交點(diǎn)的圓系D為
即.
圓心為(-,-),在直線y=x+b上,
∴-=-+b,即λ=3+b. ①
又圓D過原點(diǎn),∴bλ-4=0. ②
由①②得,,即b=1或b=-4.
此時圓D的方程存在.故存在直線y=x+1或y=x-4.