11.如圖.是一火警報(bào)警電路的示意圖.其中R3為用某種材料制成的傳感器.這種材料的電阻率隨溫度的升高而增大.值班室的顯示器為電路中的電流表.電源兩極之間接一報(bào)警器.當(dāng)傳感器R3所在處出現(xiàn)火情時.顯示器的電流I.報(bào)警器兩端的電壓U的變化情況是 ( D ) 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

精英家教網(wǎng)如圖,是一火警報(bào)警電路的示意圖.其中R3為用某種材料制成的傳感器,這種材料的電阻率隨溫度的升高而增大.值班室的顯示器為電路中的電流表,電兩極之間接一報(bào)警器.當(dāng)傳感器R3所在處出現(xiàn)火情時,顯示器的電流I、報(bào)警器兩端的電壓U的變化情況是(  )
A、I變大,U變小B、I變小,U變大C、I變小,U變小D、I變大,U變大

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如圖1是一火警報(bào)警電路的示意圖.其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器,這種半導(dǎo)體熱敏材料的電阻隨溫度的變化圖線如圖2.值班室的顯示器為是電路中的電流表,電源兩極之間接一報(bào)警器.當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時,顯示器的電流I、報(bào)警器兩端的電壓U的變化情況是( 。
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如圖,一火警器的一部分電路示意圖,其中Rt為半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器(其電阻值隨溫度的升高而減小),電流表為值班室的顯示器,a、b之間接報(bào)警器。當(dāng)傳感器Rt所在處出現(xiàn)火情時,電流表的電流I及a、b兩端的電壓U的變化情況是

A.I變大,U變大 
B.I變小,U變小 
C.I變小,U變大 
D.I變大,U變小 

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如圖,一火警器的一部分電路示意圖,其中Rt為半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器(其電阻值隨溫度的升高而減。,電流表為值班室的顯示器,ab之間接報(bào)警器。當(dāng)傳感器Rt所在處出現(xiàn)火情時,電流表的電流Iab兩端的電壓U的變化情況是

A.I變大,U變大

B.I變小,U變小

C.I變小,U變大

D.I變大,U變小

 

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如圖,一火警器的一部分電路示意圖,其中Rt為半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器(其電阻值隨溫度的升高而減。,電流表為值班室的顯示器,a、b之間接報(bào)警器。當(dāng)傳感器Rt所在處出現(xiàn)火情時,電流表的電流Ia、b兩端的電壓U的變化情況是

A.I變大,U變大

B.I變小,U變小

C.I變小,U變大

D.I變大,U變小

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一、選擇題(每小題5分,共60分)

1.C      2.A      3.D       4.B C       5. C       6.B D

7.B      8.A      9.B       10.C        11.D       12.AD

 

 

二、填空題和實(shí)驗(yàn)題(每題6分,共30分)

13.mAgcosθ;  mBg - mAgsinθ  。         

14.3×104;  1。

15.13.55mm ;   0.680mm0.679mm0.681mm)。             

16.a(chǎn) = (s2-2s1) / T或 a = (s3-2s2+ s1) / T2  或a = (s3-s2-s1) / 2T2

    vc = (s3-s1) / 2T  。

17.(1)如答圖1; (2)0~6.4;  (3)。 

 

三、計(jì)算題(60分)

 

18.(10分)解:

(1)取物體運(yùn)動方向?yàn)檎,由平衡條件有

Fcosθ-f = 0         N = mg-Fsinθ        又f =μN(yùn)       

所以有                                 (4分)

(2)  由牛頓第二定律有  -μmg=ma    a = -μg=-0.4×10m/s2= -4 m/s2    (3分)

(3)據(jù)0-v02=2as,     有m                           (3分)

 

 

19.(12分)解:

(1)感應(yīng)電動勢為 E=BLv=1.0V

感應(yīng)電流為  =1.0 A                                     (4分)

(2)導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動,安培力與拉力平衡

即有F=BIL=0.1N                                             (4分)

(3) 導(dǎo)體棒移動30cm的時間為  = 0.03s                

根據(jù)焦耳定律, Q1 = I2R t = 0.03J  (或Q1=Fs=0.03J)

根據(jù)能量守恒, Q2== 0.5J

電阻R上產(chǎn)生的熱量   Q = Q1+Q2 = 0.53J                       (4分)

 

 

20.(12分)解:

(1)能求出地球的質(zhì)量M                                           (1分)

方法一: = mg ,    M =                            

    方法二: = ,  M =      (3分)

(寫出一種方法即可)

(2)能求出飛船線速度的大小V                                     (1分)

V =    ( 或R  )                        (3分)

(3)不能算出飛船所需的向心力                                     (1分)

因飛船質(zhì)量未知                                               (3分)

 

 

21.(12分)解:

(1)由機(jī)械能守恒定律,有

                                                              (4分)

(2)A、B在碰撞過程中內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力,由動量守恒,有

                                     (4分)

(3)A、B克服摩擦力所做的功

由能量守恒定律,有  

解得                     (4分)

 

 

22.(14分)解:

(1)當(dāng)小球離開圓弧軌道后,對其受力分析如圖所示,

由平衡條件得:F = qE = mgtan                 (2分)

代入數(shù)據(jù)解得:E =3 N/C                          (1分)

 

(2)小球從進(jìn)入圓弧軌道到離開圓弧軌道的過程中,由動能定理得:

F          (2分)

代入數(shù)據(jù)得:                          (1分)

                            (2分)

解得:B=1T                                     (2分)

 

分析小球射入圓弧軌道瞬間的受力情況如圖所示,

由牛頓第二定律得:        (2分)

代入數(shù)據(jù)得:                   (1分)

 

由牛頓第三定律得,小球?qū)壍赖膲毫?/p>

                          (1分)

 

 


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