查看答案和解析>>

①在做“研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動(dòng)，通過(guò)描點(diǎn)法畫(huà)出小球平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡．為了能較準(zhǔn)確地描繪運(yùn)動(dòng)軌跡，下面列出一些操作要求，其中正確的是

BD

BD

．
A．實(shí)驗(yàn)所用的斜槽要盡量光滑，以減小摩擦
B．通過(guò)調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平
C．每次釋放小球的位置可以不同
D．每次必須由靜止釋放小球
②如圖所示：為一小球作平拋運(yùn)動(dòng)的閃光照片的一部分，背景標(biāo)尺每小格表示5cm，則由照片求得的平拋運(yùn)動(dòng)的水平速度為

1

1

m/s．（g=10m/s²）

查看答案和解析>>

查看答案和解析>>

查看答案和解析>>

在做“研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動(dòng)，通過(guò)描點(diǎn)法畫(huà)出小球作平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，為了能較準(zhǔn)確地描繪運(yùn)動(dòng)軌跡，下面列出了一些操作要求．
（1）將你認(rèn)為正確的選項(xiàng)前面的字母填寫(xiě)在橫線上

AC

AC

．
A．通過(guò)調(diào)節(jié)使斜槽末端保持水平
B．每次釋放小球的位置必須不同
C．每次必須由靜止開(kāi)始釋放小球
D．小球運(yùn)動(dòng)時(shí)必須與木板上的白紙（或方格紙）相接觸
（2）某同學(xué)在記錄的白紙上畫(huà)出小球運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中有一次實(shí)驗(yàn)記錄位置C遠(yuǎn)離他所描好的運(yùn)動(dòng)軌跡，分析造成這一結(jié)果的可能原因，寫(xiě)出一種可能性．

即釋放小球的位置偏高

即釋放小球的位置偏高

．
（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得A點(diǎn)的坐標(biāo)為（9cm，5cm），根據(jù)這個(gè)數(shù)據(jù)求得小球的初速度為

0.9

0.9

m/s．

查看答案和解析>>

題號(hào)

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

AB

A

A

C

D

C

AB

B

A

BC

11、2.025  ；  53    ；  11  。

12、（1）將小球放在槽的末端（或木板上）看小球能否靜止。（或用水平儀檢查木板是否水平，其他答案只要合理即可）                                

（2）BCD   

（3）1.240（1.24）                               

13、（1）     （2）后輪的半徑R     （3）

14、解：（1）當(dāng)汽艇以最大速度航行時(shí)，牽引力F與此時(shí)阻力f平衡，故F－f=0

            由f＝kv  可得  F＝f_m＝kv_m＝1000N

（2）汽艇以v＝5m/s速度航行時(shí)所受阻力為f＝kv

其牽引力為：        F＝f_m＝kv_m

根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有： F－f＝ma 

代入數(shù)據(jù)得：        a＝1m/s² 

15、（1）設(shè)地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星質(zhì)量為m，萬(wàn)有引力常量為G、衛(wèi)星在近地圓軌道運(yùn)動(dòng)接近A點(diǎn)時(shí)的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律

       物體在地球表面上受到的萬(wàn)有引力等于重力

       解得

（2）設(shè)同步軌道距地面高度h₂，根據(jù)牛頓第二定律有

       由上式解得：

16、（1）在0---4S內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律F₁－f＝ma₁

f＝μmg

代入數(shù)據(jù)得：        a₁＝3 m/s²

       v₁＝a₁ t₁＝12m/s

       在4s―5s內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律F₂－f＝ma₂

f＝μmg

代入數(shù)據(jù)得：        a₂＝－7m/s²

       V₂＝v₁ +a₂ t₂＝5m/s

       此后－f＝ma₃

            a₃＝－2m/s²

在7.5S末物體速度減為0.

如圖

（2）由以上計(jì)算可知S₁ ＝1/2 at₁²＝24m

                   S₂＝v₁ t₂ +1/2 at₂² ＝8.5m

                    S₃＝v₂ t₃ +1/2 at₃²＝6.25m

S＝S₁ + S₂  + S₃ ＝38.75m

17、 （1）當(dāng)小物塊速度小于3m/s時(shí)，小物塊受到豎直向下、垂直傳送帶向上的支持力和沿傳送帶斜向下的摩擦力作用，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a₁，根據(jù)牛頓第二定律

mgsin30° + μmgcos30°=ma₁                       ①1分

解得 a₁ = 7.5m/s²

當(dāng)小物塊速度等于3m/s時(shí)，設(shè)小物塊對(duì)地位移為L(zhǎng)₁，用時(shí)為t₁，根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律

t₁ =                       ②1分

L₁ =                    ③1分

解得 t₁ = 0.4s   L₁ = 0.6m                  1分

由于L₁＜L 且μ＜tan30°，當(dāng)小物塊速度大于3m/s時(shí)，小物塊將繼續(xù)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)，設(shè)加速度為a₂，用時(shí)為t₂，根據(jù)牛頓第二定律和勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律

mgsin30°－μmgcos30°=ma₂                       ④1分

解得  a₂ = 2.5m/s²

L－L₁ = v₁t₂ + a₂t₂² ⑤1分

解得 t₂ = 0.8s                        1分

故小物塊由禁止出發(fā)從A到B所用時(shí)間為 t = t₁ + t₂ = 1.2s       1分

   （2）作v―t圖分析知：傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)的速度越大，小物塊從A點(diǎn)到B點(diǎn)用時(shí)越短，當(dāng)傳送帶速度等于某一值v′ 時(shí)，小物塊將從A點(diǎn)一直以加速度a₁做勻加速直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，所用時(shí)間最短，即

L = a₁t_min²               ⑥1分

解得t_min = 1s

v′ =a₁t_min =7.5m/s        1分

此時(shí)小物塊和傳送帶之間的相對(duì)路程為 △S = v′ t－L = 3.75m

傳送帶的速度繼續(xù)增大，小物塊從A到B的時(shí)間保持不變，而小物塊和傳送帶之間的相對(duì)路程繼續(xù)增大，小物塊在傳送帶上留下的痕跡也繼續(xù)增大；當(dāng)痕跡長(zhǎng)度等于傳送帶周長(zhǎng)時(shí)，痕跡為最長(zhǎng)S_max，設(shè)此時(shí)傳送帶速度為v₂，則

S_max = 2L + 2πR         ⑦1分

S_max = v₂t－L            ⑧1分

聯(lián)立⑥⑦⑧解得 v₂ = 12.25m/s                 1分