(1)實驗時將固定有斜槽的木板放在實驗桌上.實驗前要檢查木板是否水平.請簡述你的檢查方法. .(2)關于這個實驗.以下說法中正確的是 .A．小球釋放的初始位置越高越好B．每次小球要從同一高度由靜止釋放C．實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎線是否豎直D．小球的平拋運動要靠近木板但不接觸 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

在研究平拋運動實驗中，實驗室準備了下列器材：鐵架臺、斜槽、豎直擋板、有水平卡槽的木板（能將擋板豎直固定在卡槽上，且相鄰卡槽間的距離相等）、白紙、復寫紙、圖釘、小球、刻度尺等。

       I．請完成研究平拋運動的實驗步驟：

   （1）按圖安裝實驗裝置，保證斜槽末端              ，將       、       用圖釘固定在擋板同一面上，再將擋板豎直固定在卡槽上；

   （2）將小球從斜槽上某位置由靜止釋放，小球撞擊擋板時在白紙上會留下痕跡；

   （3）將擋板移到右側相鄰的卡槽上豎直固定好，將小球從斜槽上        釋放，小球撞擊擋板時在白紙上留下痕跡；

   （4）重復（3）的步驟若干次；

   （5）整理器材。

       Ⅱ．若相鄰卡槽間的距離為l，在白紙上依次選取三個點跡，測得相鄰兩點跡間的距離分別為h1、h2（h2>h1），重力加速度為g，則小球做平拋運動的初速度v0=       。

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在研究平拋運動實驗中，實驗室準備了下列器材：鐵架臺、斜槽、豎直擋板、有水平卡槽的木板（能將擋板豎直固定在卡槽上，且相鄰卡槽間的距離相等）、白紙、復寫紙、圖釘、小球、刻度尺等．
I．請完成研究平拋運動的實驗步驟：
（1）按圖安裝實驗裝置，保證斜槽末端______，將______、______用圖釘固定在擋板同一面上，再將擋板豎直固定在卡槽上；
（2）將小球從斜槽上某位置由靜止釋放，小球撞擊擋板時在白紙上會留下痕跡；
（3）將擋板移到右側相鄰的卡槽上豎直固定好，將小球從斜槽上______釋放，小球撞擊擋板時在白紙上留下痕跡；
（4）重復（3）的步驟若干次；
（5）整理器材．
Ⅱ．若相鄰卡槽間的距離為l，在白紙上依次選取三個點跡，測得相鄰兩點跡間的距離分別為h1、h2（h2＞h1），重力加速度為g，則小球做平拋運動的初速度v=______

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在研究平拋運動實驗中，實驗室準備了下列器材：鐵架臺、斜槽、豎直擋板、有水平卡槽的木板（能將擋板豎直固定在卡槽上，且相鄰卡槽間的距離相等）、白紙、復寫紙、圖釘、小球、刻度尺等．
I．請完成研究平拋運動的實驗步驟：
（1）按圖安裝實驗裝置，保證斜槽末端______，將______、______用圖釘固定在擋板同一面上，再將擋板豎直固定在卡槽上；
（2）將小球從斜槽上某位置由靜止釋放，小球撞擊擋板時在白紙上會留下痕跡；
（3）將擋板移到右側相鄰的卡槽上豎直固定好，將小球從斜槽上______釋放，小球撞擊擋板時在白紙上留下痕跡；
（4）重復（3）的步驟若干次；
（5）整理器材．
Ⅱ．若相鄰卡槽間的距離為l，在白紙上依次選取三個點跡，測得相鄰兩點跡間的距離分別為h1、h2（h2＞h1），重力加速度為g，則小球做平拋運動的初速度v0=______．

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在做“研究平拋運動”的實驗時，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡，并求出平拋運動的初速度，實驗裝置如圖甲所示。

甲                                  乙
（1）實驗時將固定有斜槽的木板放在實驗桌上，實驗前要檢查木板是否水平，請簡述你的檢查方法___________________________________________________________________.
（2）關于這個實驗，以下說法中正確的是______________________.
A.小球釋放的初始位置越高越好
B.每次小球要從同一高度由靜止釋放
C.實驗前要用重垂線檢查坐標紙上的豎線是否豎直
D.小球的平拋運動要靠近木板但不接觸
（3）在做“研究平拋運動”的實驗時，坐標紙應當固定在豎直的木板上，圖中坐標紙的固定情況與斜槽末端的關系正確的是（   ）

（4）某同學在描繪平拋運動軌跡時，得到的部分軌跡曲線如圖乙所示.在曲線上取A、B、C三個點，測量得到A、B、C三點間豎直距離h1="10.20" cm，h2="20.20" cm，A、B、C三點間水平距離x1=x2="x=12.40" cm，g取10 m/s2，則物體平拋運動的初速度v0的計算式為________________（用字母h1、h2、x，g表示），代入數(shù)據(jù)得其大小為_______________m/s.

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在做“碰撞中的動量守恒”實驗中，裝置如圖7

 （1）需要的測量儀器或工具有           

       A.秒表     B.天平         C.刻度尺

D.重錘線    E.打點計時器    F.圓規(guī)

 （2）必須要求的條件是          

      A.兩小球碰撞時，球心必須在同一高度上

      B.斜槽軌道末端的切線必須水平

      C.入射球和被碰球的質量必須相等，且大小相同

      D.入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下

 

（3）某次實驗中得出的落點情況如下圖所示，假設碰撞過程中動量守恒，則入射小球質量m1和被碰小球質量m2之比為____________

（4）在做“驗證動量守恒定律”實驗中，產(chǎn)生誤差的主要原因下述正確的是 (       )

A.碰撞前入射小球的速度方向，碰撞后兩小球的速度方向不是在同一直線上。

B.傾斜部分軌道對入射小球的摩擦力作用。

C.沒有測量高度，算出具體的平拋時間

D.測量長度的誤差

（5）某同學改用如圖所示的裝置依次進行了如下的實驗操作：

Ⅰ.在一塊平木板表面先后釘上白紙和復寫紙，并將該木板豎直立于緊靠槽口處，使小球a從斜槽軌道上某固定點處由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；

Ⅱ.將木板向右平移適當?shù)木嚯x固定，再使小球a從原固定點處由靜止釋放，撞到木板上得到痕跡B；

Ⅲ.把小球b靜止放在斜槽軌道水平段的最右端，讓小球a仍從原固定點處由靜止釋放，和小球b相碰后，兩球撞在木板上得到痕跡A和C；

Ⅳ.用天平測得a、b兩小球的質量分別為ma、mb，用刻度尺測量紙上O點到A、B、C三點的距離分別為y1、y2、y3；用實驗中所測得的量來驗證兩小球碰撞過程動量守恒，其表達式為              .

 

 

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題號

1

2

3

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5

6

7

8

9

10

答案

AB

A

A

C

D

C

AB

B

A

BC

11、2.025  ；  53    ；  11  。

12、（1）將小球放在槽的末端（或木板上）看小球能否靜止。（或用水平儀檢查木板是否水平，其他答案只要合理即可）                                

（2）BCD   

（3）1.240（1.24）                               

13、（1）     （2）后輪的半徑R     （3）

14、解：（1）當汽艇以最大速度航行時，牽引力F與此時阻力f平衡，故F－f=0

            由f＝kv  可得  F＝fm＝kvm＝1000N

（2）汽艇以v＝5m/s速度航行時所受阻力為f＝kv

其牽引力為：        F＝fm＝kvm

根據(jù)牛頓運動定律有： F－f＝ma 

代入數(shù)據(jù)得：        a＝1m/s2 

15、（1）設地球質量為M，衛(wèi)星質量為m，萬有引力常量為G、衛(wèi)星在近地圓軌道運動接近A點時的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律

       物體在地球表面上受到的萬有引力等于重力

       解得

（2）設同步軌道距地面高度h2，根據(jù)牛頓第二定律有

       由上式解得：

16、（1）在0---4S內根據(jù)牛頓第二定律F1－f＝ma1

f＝μmg

代入數(shù)據(jù)得：        a1＝3 m/s2

       v1＝a1 t1＝12m/s

       在4s―5s內根據(jù)牛頓第二定律F2－f＝ma2

f＝μmg

代入數(shù)據(jù)得：        a2＝－7m/s2

       V2＝v1 +a2 t2＝5m/s

       此后－f＝ma3

            a3＝－2m/s2

在7.5S末物體速度減為0.

如圖

（2）由以上計算可知S1 ＝1/2 at12＝24m

                   S2＝v1 t2 +1/2 at22 ＝8.5m

                    S3＝v2 t3 +1/2 at32＝6.25m

S＝S1 + S2  + S3 ＝38.75m

17、 （1）當小物塊速度小于3m/s時，小物塊受到豎直向下、垂直傳送帶向上的支持力和沿傳送帶斜向下的摩擦力作用，做勻加速直線運動，設加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律

mgsin30° + μmgcos30°=ma1                       ①1分

解得 a1 = 7.5m/s2

當小物塊速度等于3m/s時，設小物塊對地位移為L1，用時為t1，根據(jù)勻加速直線運動規(guī)律

t1 =                       ②1分

L1 =                    ③1分

解得 t1 = 0.4s   L1 = 0.6m                  1分

由于L1＜L 且μ＜tan30°，當小物塊速度大于3m/s時，小物塊將繼續(xù)做勻加速直線運動至B點，設加速度為a2，用時為t2，根據(jù)牛頓第二定律和勻加速直線運動規(guī)律

mgsin30°－μmgcos30°=ma2                       ④1分

解得  a2 = 2.5m/s2

L－L1 = v1t2 + a2t22 ⑤1分

解得 t2 = 0.8s                        1分

故小物塊由禁止出發(fā)從A到B所用時間為 t = t1 + t2 = 1.2s       1分

   （2）作v―t圖分析知：傳送帶勻速運動的速度越大，小物塊從A點到B點用時越短，當傳送帶速度等于某一值v′ 時，小物塊將從A點一直以加速度a1做勻加速直線運動到B點，所用時間最短，即

L = a1tmin2               ⑥1分

解得tmin = 1s

v′ =a1tmin =7.5m/s        1分

此時小物塊和傳送帶之間的相對路程為 △S = v′ t－L = 3.75m

傳送帶的速度繼續(xù)增大，小物塊從A到B的時間保持不變，而小物塊和傳送帶之間的相對路程繼續(xù)增大，小物塊在傳送帶上留下的痕跡也繼續(xù)增大；當痕跡長度等于傳送帶周長時，痕跡為最長Smax，設此時傳送帶速度為v2，則

Smax = 2L + 2πR         ⑦1分

Smax = v2t－L            ⑧1分

聯(lián)立⑥⑦⑧解得 v2 = 12.25m/s                 1分

 

 


同步練習冊答案