①為測(cè)量某電阻絲R的電阻值，某同學(xué)用多用電表粗測(cè)其電阻．用已經(jīng)調(diào)零且選擇開關(guān)指向歐姆擋“×10”檔位的多用電表測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，這時(shí)他應(yīng)將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“

×1

×1

”檔位（選填“×100”或“×1”），然后進(jìn)行

歐姆調(diào)零

歐姆調(diào)零

，再次測(cè)量電阻絲的阻值，其表盤及指針?biāo)�指位置如圖1所示，則此段電阻絲的電阻為

12

12

Ω．

②如圖2所示，用伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，在電路中接一阻值為2Ω的電阻R₀，通過改變滑動(dòng)變阻器，得到幾組電表的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)：

U（V）	1.2	1.0	0.8	0.6
I（A）	0.10	0.17	0.23	0.30

I．R₀的作用是

保護(hù)電源、電表，防止短路

保護(hù)電源、電表，防止短路

；
II．用作圖法在圖3坐標(biāo)系上作出U-I圖線；
III．利用圖線，測(cè)得電動(dòng)勢(shì)E=

1.5

1.5

V，內(nèi)阻r=

1.0

1.0

Ω．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

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某人用多用電表按正確步驟測(cè)量一電阻的阻值，當(dāng)選擇歐姆擋“×10”擋測(cè)量時(shí)，指針指示位置如圖所示，為了使測(cè)量比較精確，選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆擋是

×100

×100

擋（選填“×1”、“×100”或“×1k”）；改變擋位調(diào)整倍率后，還要注意重新

歐姆調(diào)零

歐姆調(diào)零

．

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某人用多用電表按正確步驟測(cè)量一電阻的阻值，當(dāng)選擇歐姆擋“×1”擋測(cè)量時(shí)，指針指示位置如圖所示，則其電阻值是

12Ω

12Ω

．如果要用這只多用電表測(cè)量一個(gè)約200歐的電阻，為了使測(cè)量比較精確，選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆擋是

×10擋

×10擋

．改變擋位調(diào)整倍率后，要特別注意重新

調(diào)整歐姆零點(diǎn)

調(diào)整歐姆零點(diǎn)

．

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一塊多用電表的電阻擋有三個(gè)倍率，分別是×1、×10、×100．用×10擋測(cè)量某電阻時(shí)，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很大，如圖中虛線位置．為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到

×1

×1

擋，換擋后需要先進(jìn)行

歐姆調(diào)零

歐姆調(diào)零

的操作，再進(jìn)行測(cè)量．若正確操作后進(jìn)行測(cè)量時(shí)表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是

18

18

Ω．

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二、選擇題(每小題6分，共48分，全對(duì)6分，對(duì)而不全3分)

題號(hào)

14

15

16

17

18

19

20

21

答案

A

B

AC

BD

AD

A

C

D

22．（1）(1)6.0（2分，6也給分）；如圖(4分，電流表外接2分，滑線變組器限流接法2分) 。

(2) ①3.61 m/s² (3分) ②  (3分)

③ BCE (3分，BE得3分)

④紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦阻力，空氣阻力等。(2分)

23．解：設(shè)子彈射入木前的速度為v，射入木塊后的共同速度為V，子彈打入木塊過程由動(dòng)量守恒定律得：

      (6分)

木塊與子彈一起運(yùn)動(dòng)的過程由動(dòng)能定理得：

    (6分)

聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：

    (4分)

24．解：（1）由于帶電微粒在磁場(chǎng)方向反向前后的運(yùn)動(dòng)是對(duì)稱的，所以微粒所受的電場(chǎng)力與重力是平衡的(2分)。微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖：

設(shè)微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R，由圖可知

    ①（2分）

由洛侖茲力公式及勻速圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：

   ②（2分）

聯(lián)立①②解得：

       ③（2分）

（2）設(shè)M、N兩板間的電勢(shì)差為U，由電場(chǎng)力與重力平衡得：

   ④（2分）

由電容公式得：

    ⑤（1分）

聯(lián)立④⑤得：   ⑥（2分）

（3）當(dāng)撤去磁場(chǎng)，兩金屬板電量減半，帶電微粒做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向的加速度為a，由牛頓第二定律得：

    ⑦（2分）

帶電微粒水平方向的運(yùn)動(dòng)：

     ⑧（1分）

帶電微粒豎直方向的運(yùn)動(dòng)：

   ⑨（1分）

聯(lián)立④⑦⑧⑨得：

     ⑩（2分）

25．解：（1）棒ab從A處下落時(shí)，回路中的感生電動(dòng)勢(shì)為：

    ⑴（1分）

回路中的總電阻：

   ⑵（1分）

通過棒ab的電流為

   ⑶（1分）

由牛頓第二定律得：

   ⑷（2分）

聯(lián)立⑴⑵⑶⑷解得：

  ⑸ （1分）

（2）設(shè)棒ab進(jìn)入CD的速度為v₃�；芈分械母猩�電動(dòng)勢(shì)為：

    ⑹（1分）

回路中的總電阻：

   ⑺（1分）

通過棒ab的電流為

   ⑻（1分）

由平衡條件得：

   ⑼（1分）

棒ab從MN處下落到CD過程中，由機(jī)械能守恒定律得：

   ⑽（2分）

聯(lián)立⑹⑺⑻⑼⑽解得：

   ⑾（2分）

（3）分析題意得棒ab從MN處下落h的速度與導(dǎo)體棒ab在磁場(chǎng)II中做勻速運(yùn)動(dòng)的速度相等（1分），設(shè)導(dǎo)體棒ab自進(jìn)入磁場(chǎng)II到開始做勻速運(yùn)動(dòng)過程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為Q_總，導(dǎo)體棒ab移動(dòng)的距離為H，則由能量守恒得：

   ⑿（2分）

設(shè)導(dǎo)體棒ab在磁場(chǎng)II中運(yùn)動(dòng)過程中的某一時(shí)刻通過R₂的電流為I，則同一時(shí)刻通過R₁的電流也為I，通過R₃的電流為2I，電路的總功率為   ⒀（1分）

所以，棒ab自進(jìn)入磁場(chǎng)II到開始做勻速運(yùn)動(dòng)過程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為

   ⒁（1分）

聯(lián)立⑾⑿⒀解得：

  ⒂（1分）