如圖所示，電源電動勢E=10V，內(nèi)電阻r=1Ω，電阻R₁=5Ω、R₂=8Ω、R₃=2Ω、R₄=6Ω、R₅=R₆=4Ω，水平放置的平行金屬板相距d=2.4cm，原來單刀雙擲開關(guān)S接b，在兩板中心的帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài)；現(xiàn)將單刀雙擲開關(guān)S迅速接c，帶電微粒與金屬板相碰后即吸附在金屬板上，取g=10m/s²，不計平行板電容器充、放電時間．求：
（1）開關(guān)S接b時，電源的總功率？
（2）開關(guān)S接c時，R₂兩端的電壓為多少？
（3）帶電微粒在金屬板中的運動時間？

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如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，平行板電容器兩金屬板水平放置，開關(guān)S是閉合的，兩板間一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，G為靈敏電流計．則以下說法正確的是（　�。�

A．在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴向上加速運動，G中有從b到a的電流

B．在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程中，V₁示數(shù)變大，V₂示數(shù)變小

C．在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴仍然靜止，V₁示數(shù)變大，V₂示數(shù)變小

D．在將S斷開后，油滴仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，G中無電流通過

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如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，平行板電容器兩金屬板水平放置，開關(guān)S是閉合的，兩板間一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，G為靈敏電流計．則以下說法正確的是（　�。�

A．在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴向上加速運動，G中有從b到a的電流

B．在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程中，油滴向下加速運動，G中有從b到a的電流

C．在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴仍然靜止，G中有從a到b的電流

D．在將S斷開到電路穩(wěn)定的過程，油滴向下運動，G中有從a到b的瞬間電流通過

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如圖所示，電源電動勢E=10V，內(nèi)電阻r=1.0Ω，電阻R₁=5.0Ω、R₂=8.0Ω、R₃=2.0Ω、R₄=6.0Ω，R₅=4.0Ω，水平放置的平行金屬板相距d=2.4cm，原來單刀雙擲開關(guān)S接b，在兩板中心的帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài)；現(xiàn)將單刀雙擲開關(guān)S迅速接到c，帶電微粒與金屬板相碰后即吸附在金屬板上，取g=10m/s²，不計平行板電容器充放電時間，求
（1）開關(guān)S接b時，金屬板兩板間的電壓為多大？
（2）開關(guān)S接c時，金屬板兩板間的電壓為多大？
（3）帶電微粒在金屬板中的運動時間．

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如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，平行板電容器C的兩金屬板水平放置．G為靈敏電流計．開關(guān)S閉合后，兩板間恰好有一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)．則在滑動變阻器R的觸頭P向上移動的過程中，下列判斷正確的是（　　）

A、靈敏電流計G中有b→a的電流

B、油滴向上加速運動

C、電容器極板所帶電荷量將減小

D、通過電阻R₂的電流將減小

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二、選擇題(每小題6分，共48分，全對6分，對而不全3分)

題號

14

15

16

17

18

19

20

21

答案

A

B

AC

BD

AD

A

C

D

22．（1）(1)6.0（2分，6也給分）；如圖(4分，電流表外接2分，滑線變組器限流接法2分) 。

(2) ①3.61 m/s² (3分) ②  (3分)

③ BCE (3分，BE得3分)

④紙帶與打點計時器間的摩擦阻力，空氣阻力等。(2分)

23．解：設(shè)子彈射入木前的速度為v，射入木塊后的共同速度為V，子彈打入木塊過程由動量守恒定律得：

      (6分)

木塊與子彈一起運動的過程由動能定理得：

    (6分)

聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：

    (4分)

24．解：（1）由于帶電微粒在磁場方向反向前后的運動是對稱的，所以微粒所受的電場力與重力是平衡的(2分)。微粒做勻速圓周運動，軌跡如圖：

設(shè)微粒做勻速圓周運動的軌道半徑為R，由圖可知

    ①（2分）

由洛侖茲力公式及勻速圓周運動規(guī)律得：

   ②（2分）

聯(lián)立①②解得：

       ③（2分）

（2）設(shè)M、N兩板間的電勢差為U，由電場力與重力平衡得：

   ④（2分）

由電容公式得：

    ⑤（1分）

聯(lián)立④⑤得：   ⑥（2分）

（3）當(dāng)撤去磁場，兩金屬板電量減半，帶電微粒做類平拋運動，豎直方向的加速度為a，由牛頓第二定律得：

    ⑦（2分）

帶電微粒水平方向的運動：

     ⑧（1分）

帶電微粒豎直方向的運動：

   ⑨（1分）

聯(lián)立④⑦⑧⑨得：

     ⑩（2分）

25．解：（1）棒ab從A處下落時，回路中的感生電動勢為：

    ⑴（1分）

回路中的總電阻：

   ⑵（1分）

通過棒ab的電流為

   ⑶（1分）

由牛頓第二定律得：

   ⑷（2分）

聯(lián)立⑴⑵⑶⑷解得：

  ⑸ （1分）

（2）設(shè)棒ab進(jìn)入CD的速度為v₃�；芈分械母猩�電動勢為：

    ⑹（1分）

回路中的總電阻：

   ⑺（1分）

通過棒ab的電流為

   ⑻（1分）

由平衡條件得：

   ⑼（1分）

棒ab從MN處下落到CD過程中，由機(jī)械能守恒定律得：

   ⑽（2分）

聯(lián)立⑹⑺⑻⑼⑽解得：

   ⑾（2分）

（3）分析題意得棒ab從MN處下落h的速度與導(dǎo)體棒ab在磁場II中做勻速運動的速度相等（1分），設(shè)導(dǎo)體棒ab自進(jìn)入磁場II到開始做勻速運動過程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為Q_總，導(dǎo)體棒ab移動的距離為H，則由能量守恒得：

   ⑿（2分）

設(shè)導(dǎo)體棒ab在磁場II中運動過程中的某一時刻通過R₂的電流為I，則同一時刻通過R₁的電流也為I，通過R₃的電流為2I，電路的總功率為   ⒀（1分）

所以，棒ab自進(jìn)入磁場II到開始做勻速運動過程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為

   ⒁（1分）

聯(lián)立⑾⑿⒀解得：

  ⒂（1分）