A．在點所受電場力的大小與在點所受電場力的大小相等 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

在電場中某點放一電量為q的試探電荷，所受電場力大小為F，根據(jù)場強定義可知，該點的場強大小E=
F
q
．下列說法正確的是（　　）
A、若移走試探電荷，則該點的電場強度變?yōu)榱?/span>
B、若試探電荷的電量變?yōu)?span id="rx9jh1t" class="MathJye" mathtag="math" style="whiteSpace:nowrap;wordSpacing:normal;wordWrap:normal">
q
2
，則該點的電場強度大小變?yōu)?E
C、若試探電荷的電量變?yōu)?q，則該點的場強的方向變?yōu)榕c原來的方向相反
D、若試探電荷的電量變?yōu)?
q
2
，則該點的場強大小、方向都不變

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在電場中某點放一電量為q的試探電荷，所受電場力大小為F，根據(jù)場強定義可知，該點的場強大小E=F/q。下列說法正確的是（? ）

A．若移走試探電荷，則該點的電場強度變?yōu)榱?/span>

B．若試探電荷的電量變?yōu)?/span>q/2，則該點的電場強度大小變?yōu)?/span>2E

C．若試探電荷的電量變?yōu)椋?/span>q，則該點的場強的方向變?yōu)榕c原來的方向相反

D．若試探電荷的電量變?yōu)椋?/span>q/2，則該點的場強大小、方向都不變

 

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在電場中某點放一電量為q的試探電荷，所受電場力大小為F，根據(jù)場強定義可知，該點的場強大小E=F/q。下列說法正確的是（ ）

A．若移走試探電荷，則該點的電場強度變?yōu)榱?
B．若試探電荷的電量變?yōu)閝/2，則該點的電場強度大小變?yōu)?E
C．若試探電荷的電量變?yōu)椋璹，則該點的場強的方向變?yōu)榕c原來的方向相反
D．若試探電荷的電量變?yōu)椋璹/2，則該點的場強大小、方向都不變

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在電場中某點放一電量為q的試探電荷，所受電場力大小為F，根據(jù)場強定義可知，該點的場強大小E=F/q。下列說法正確的是（ ）
A．若移走試探電荷，則該點的電場強度變?yōu)榱?/td>
B．若試探電荷的電量變?yōu)閝/2，則該點的電場強度大小變?yōu)?E
C．若試探電荷的電量變?yōu)椋璹，則該點的場強的方向變?yōu)榕c原來的方向相反
D．若試探電荷的電量變?yōu)椋璹/2，則該點的場強大小、方向都不變

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由電場強度的定義E＝可知

A．

這個定義只適于點電荷電場

B．

E的方向與正電荷所受的靜電力F的方向相同，與負電荷所受的靜電力方向相反

C．

式中的F是放入電場中的電荷所受的靜電力，q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量

D．

庫侖定律F＝中，是點電荷Q2產(chǎn)生的電場在Q1所在處的電場強度大小

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一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每個小題給出的四個選項中至少有一個選項符合題目要求，選全的得4分，選對但不全的得２分，選錯和不選的得０分。

1.D   2.C  3.BD   4.A   5.D    6.BD   7.D    8.D   9.A    10.C   

二、實驗題 ：本題共4個小題,滿分23分,把答案直接填在題中的相應(yīng)位置。

11. A  C       （3分）  

12. A B D      （3分）   

13．D、B、E     (3分)  

14．（14分）（1）E      （2分）

   （2）見右圖         （3分）

   （3）見下左圖（2分），1.50, 0.80 （各2分）

   （4）如下圖右（3分）     

 

 

 

 

 

 

 

 

三、計算題：本題共3個小題，共37分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、示意圖、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。

15.（12分）解：

（1）小球第一次上升過程中    （1分） 

   （1分）

小球第一次下落過程中       （1分） 

        （1分）

        （1分）

(2) 第一次落回地面時的速度為，有

       （2分）

第二次上升的速度為，有 

  ，    （2分）

小球與地面撞擊時損失的能量為     （1分）

小球在空中損失的機械能為     （1分）

從小球剛開始上拋到第二次落到平面之前的過程中損失的機械能為   （1分）

16．(12分)解：（1）微粒在加速電場中由動能定理得  

        解得v0=1.0×104m/s    （2分）

（2）微粒在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，有  

  ，         （2分）

飛出電場時，速度偏轉(zhuǎn)角的正切為 

      解得  θ=30o       （2分）

（3）進入磁場時微粒的速度是：       （2分）

軌跡如圖，由幾何關(guān)系有：         （1分）

洛倫茲力提供向心力：    （2分）

聯(lián)立以上三式得      

代入數(shù)據(jù)解得              （1分）

17．（13分）解：

（1）根據(jù)牛頓第二定律     ①（2分）

             ②

          ③（1分）

聯(lián)立①②③得=4m/s2     ④（1分）   

 （2）設(shè)金屬棒運動達到穩(wěn)定時，速度為v，所受安培力為F，棒在沿導(dǎo)軌方向受力平衡

           ⑤（2分）

此時金屬棒克服安培力做功的功率P等于電路中電阻R消耗的電功率

            ⑥  （1分）

由⑤⑥兩式解得      

將已知數(shù)據(jù)代入上式得=10m/s  （1分）

 （3）設(shè)電路中電流為I，兩導(dǎo)軌間金屬棒的長為L，磁場的磁感應(yīng)強度為B

                 （1分）

                   （1分）

                 （1分）

由以上三式解得     （1分）

磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上            （1分）

 

 

 

 

 

 

 

 


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