如圖甲所示，質(zhì)量不計(jì)的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時(shí)刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點(diǎn)，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復(fù)．通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力F隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙如示，則下列說法中正確的是

（3）光路如圖所示  ab光線在AB面的入射角為45°

設(shè)玻璃的臨界解為C，則（2分）

sin45°>0.67，因此光線ab在AB面會(huì)發(fā)生全反射

光線在CD面的入射角r′=r=30°（1分）

根據(jù) ，光線CD面的出射光線與法線的夾角

 （1分）

11．D E F

12.解：（1）   （2分）

（2）質(zhì)量虧損  △m=0.0059u    （2分）

△E=△mc²=0.0059×931MeV=5.49MeV  （2分）

1/58

13．(1)天平，刻度尺； （4分）

A距地面的高度h，B在桌面上滑行的總距離s，A、B的質(zhì)量m_A、m_B；（3分）　

　 （2）

14． (1)200Ω  （4分,漏單位只給1分） 

(2)電路如圖（4分）

（3）（2分）

15．解：由于木塊與斜面間有摩擦力的作用，所以小球B與木塊間有壓力的作用，并且它們以共同的加速度a沿斜面向下運(yùn)動(dòng)．將小球和木塊看作一個(gè)整體，設(shè)木塊的質(zhì)量為M，根據(jù)牛頓第二定律可得

                      （4分）

 代入數(shù)據(jù)得                                            （3分）

選小球?yàn)檠芯繉ο�，設(shè)MN面對小球的作用力為N，

根據(jù)牛頓第二定律有                             （3分）

代入數(shù)據(jù)得                                             （2分）

   根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)�MN面的壓力大小為6.0N，方向沿斜面        （1分

16．解：第一個(gè)等式不正確，因?yàn)闊釟馇蜢o止在空中是因?yàn)楦×εc重力平衡，它受到地球的引力并不等于它繞地心運(yùn)動(dòng)的向心力。（2分）

(1)若補(bǔ)充地球表面的重力加速度g,可以認(rèn)為熱氣球受到的萬有引力近似等于其重力，則有（1分）

與題中第二個(gè)等式聯(lián)立可得（2分）

（2）若利用同步衛(wèi)星的高度H有：（3分）

與題中第二個(gè)等式聯(lián)立可得（2分）

（3）若利用第一宇宙速度   V₁，有（3分）

與題中第二個(gè)等式聯(lián)立可得（2分）

17．解：解：設(shè)小球的下落時(shí)間為t，則--①  （2分)   

所以， ---②   

為使小球可以落到小車上，小球在這段時(shí)間的位移應(yīng)滿足-----③（2分)

對小車，有F=ma，所以，a=F/m---------④（2分)     --------------⑤（2分)

由②④⑤聯(lián)立，解得s=FH/mg--------------⑥（2分)     上式代入③得s₀<FH/mg<s₀+L₀

所以，F(xiàn)應(yīng)滿足mgs₀/H <F <mg(s₀+L₀)/H-------⑦（2分)

（說明：mgs₀/H ≤F ≤mg(s₀+L₀)/H同樣得分）

18．解：（1）由，得：

   ………………………………（4分）

（4）畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，可知，得：…………………（4分）

………………………………（2分）

（3）由數(shù)學(xué)知識(shí)可得： 得：

………………………………（3分）