如圖所示，O點距水平地面的高度為H=3m，不可伸長的細線一端固定在O點另一端系一質量m=2kg的小球（可視為質點），另一根水平細線一端固定在墻上A點，OB線與豎直方向的夾角為37°，l＜l_AB，l＜H，g取10m/s²，空氣阻力不計．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
（1）求細線AB與OB上的張力．
（2）若OB的長度l=1m，剪斷細線AB的同時，在豎直平面內垂直O(jiān)B的方向上，給小球一個斜向下的初速度v₀，為使小球恰好能在豎直平面內做完整的圓周運動，求v₀的大小
（3）若先剪斷細線AB，當小球由靜止運動至最低點時再瞬間斷開OB，小球最終落地，求OB的長度l為多長時，小球落地點與O點的水平距離最遠，最遠水平距離是多少．

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如圖所示，只含有兩種單色光的復色光束PO，沿半徑方向射入空氣中的玻璃半圓柱體后，被分成OA和OB兩束，沿圖示方向射出．則下列判斷正確的是（　�。�

A、若用光束OA照射某金屬，能使該金屬產生光電效應現(xiàn)象，并測得光電子的最大初動能為E_R．，如果改用光束OB照射同一金屬，能產生光電效應現(xiàn)象，且光電子的最大初動能大于E_k

B、若用OA和OB兩束光分別進行光的干涉實驗，則OA光束的干涉條文間距小

C、如果用OA光照射氫原子能使氫原子電離，則OB光照射氫原子不能使氫原子電離

D、OA和OB兩束光在玻璃中傳播時，OA光的傳播速度小于OB光傳播速度

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如圖所示，O點距水平地面的高度為H=3m，不可伸長的細線一端固定在O點另一端系一質量m=2kg的小球（可視為質點），另一根水平細線一端固定在墻上A點，OB線與豎直方向的夾角為37°，l＜l_AB，l＜H，g取10m/s²，空氣阻力不計．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
（1）求細線AB與OB上的張力．
（2）若OB的長度l=1m，剪斷細線AB的同時，在豎直平面內垂直O(jiān)B的方向上，給小球一個斜向下的初速度v，為使小球恰好能在豎直平面內做完整的圓周運動，求v的大小
（3）若先剪斷細線AB，當小球由靜止運動至最低點時再瞬間斷開OB，小球最終落地，求OB的長度l為多長時，小球落地點與O點的水平距離最遠，最遠水平距離是多少．

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1、C   2、D  3、A   4、A  5、B  6、BD  7、ACD   8、AC   9、AB

10、（12分）①5.50；②2.75，1.10；

③；④滑塊的質量m；       

11、（8分）①．D 

② ，θ是n個點對應的圓心角，t是電火花計時器的打點時間間隔；

③．沒有影響  ,電火花計時器向卡紙中心移動時不影響角度的測量

12、(12分)解：(1)帶電粒子A處于平衡，其受力如圖，其中F為兩點電荷間的庫侖力，T為繩子拉力，E₀為外加電場，則

Tcosθ-mg-Fcosθs=0     1…………………………(2分)

Fsinθ+qE₀-Tsinθ=0      2……………………………(2分)

               3……………………………(2分)

聯(lián)立式解得：有       4……………………………(2分)

                5…………………………………(2分)

(2)小球從B運動到C的過程中，q與Q間的庫侖力不做功，由動能定理得

   6………………………………………………………(2分)

在C點時：    7……………………………………(2分)

聯(lián)立5、6、7解得：     8……………(2分)

13(12分)．解：設中央恒星質量為M，A行星質量為m，則由萬有引力定律和牛頓第二定律得          ①

解得        ②

（2）由題意可知，A、B相距最近時，B對A的影響最大，且每隔t₀時間相距最近。

設B行星周期為T_B，則有：    ③

解得：      ④

設B行星的質量為m_B，運動的軌道半徑為R_B，則有

      ⑤

由①④⑤得：       ⑥

14、(14分)（1）設軌道半徑為R，由機械能守恒定律：（1）（2分）

對B點：       （2）（2分）

對A點：       （3）（2分）

由（1）、（2）、（3）式得：兩點的壓力差：-（4）

由圖象得：截距

  ，得   （5）（2分）

（2）因為圖線的斜率 

 所以  （6）（2分）

在A點不脫離的條件為：

      （7）（2分）

由（1）、（6）、（7）式得：   （8）（2分）

23．(15分)（1）由 eU＝mv₀²（1分） 得電子進入偏轉電場區(qū)域的初速度v₀＝（1分）

設電子從MN離開，則電子從A點進入到離開勻強電場區(qū)域的時間t＝ ＝d （1分）；

y＝at²＝（2分）

因為加速電場的電勢差U＞， 說明y＜h，說明以上假設正確（1分）

所以v_y＝at＝´ d ＝ （1分）

離開時的速度v＝＝（2分）

（2）設電子離開電場后經過時間t’到達x軸，在x軸方向上的位移為x’，則

x’＝v₀t’（1分），y’＝h－y＝h－t＝v_yt’ （1分）

則 l＝d＋x’＝ d＋v₀t’＝ d＋v₀（－）＝ d＋h－＝＋h（1分）

代入解得　l＝＋（2分）

16、(16分)（1）根據牛頓第二定律，滑塊相對車滑動時的加速度

                                                                  （1分）

       滑塊相對車滑動的時間                                                    （1分）

滑塊相對車滑動的距離                                          （1分）

滑塊與車摩擦產生的內能                                         （1分）

由上述各式解得  （與動摩擦因數(shù)μ無關的定值）    （1分）

（2）設恒力F取最小值為F₁，滑塊加速度為a₁，此時滑塊恰好到達車的左端，則

滑塊運動到車左端的時間            ①   

由幾何關系有                 ②                                （1分）

由牛頓定律有               ③                                （1分）

由①②③式代入數(shù)據解得  ，                         （2分）

則恒力F大小應該滿足條件是                                      （1分）

（3）力F取最小值，當滑塊運動到車左端后，為使滑塊恰不從右端滑出，相對車先做勻加速運動（設運動加速度為a₂，時間為t₂），再做勻減速運動（設運動加速度大小為a₃）．到達車右端時，與車達共同速度．則有

                                     ④                                （1分）

                                            ⑤                                （1分）

                                          ⑥                                （1分）

由④⑤⑥式代入數(shù)據解得                                       （1分）

則力F的作用時間t應滿足  ，即（2分）