如圖所示，P與Q疊放在水平桌面上，下面哪一對(duì)是作用力和反作用力

A．P的重力和P對(duì)Q的壓力

B．Q的重力和Q對(duì)P的壓力

C．P的重力與Q對(duì)P的支持力

D．Q的重力和Q對(duì)P的支持力

E．P對(duì)Q的壓力與Q對(duì)P的支持力

F．P對(duì)Q的壓力與桌面對(duì)Q的支持力

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軟鐵心上繞著兩個(gè)匝數(shù)相同的線圈P和Q，為了使圖中通電導(dǎo)線L(其電流方向已在圖中標(biāo)明)受到向上的磁場(chǎng)力F的作用，線圈P、Q的端點(diǎn)a、b和c、d與電源正、負(fù)極e、f連接的順序應(yīng)是

[　　]

A．e→a，b→c，d→f

B．e→a，b→d，c→f

C．e→b，a→c，d→f

D．e→b，a→d，c→f

　

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軟鐵心上繞著兩個(gè)匝數(shù)相同的線圈P和Q，為了使圖中通電導(dǎo)線L(其電流方向已在圖中標(biāo)明)受到向上的磁場(chǎng)力F的作用，線圈P、Q的端點(diǎn)a、b和c、d與電源正、負(fù)極e、f連接的順序應(yīng)是

[　　]

A．e→a，b→c，d→f

B．e→a，b→d，c→f

C．e→b，a→c，d→f

D．e→b，a→d，c→f

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如圖所示，軟鐵芯上繞著兩個(gè)匝數(shù)相同的線圈P和Q，為了使圖中通電導(dǎo)線L（其電流方向已在圖中標(biāo)明）受到向下的磁場(chǎng)力F的作用，線圈P、Q的端點(diǎn)a、b和c、d與電源正、負(fù)極e、f連接的順序應(yīng)是（　　）

A．e接a，b接c，d接f	B．e接a，b接d，c接f
C．e接b，a接c，d接f	D．e接b，a接d，c接f

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選修3—3（12分）（1）有以下說(shuō)法：其中正確的是_________________．

A．“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應(yīng)油酸膜的面積

B．理想氣體在體積不變的情況下，壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度T成正比

C．氣體分子的平均動(dòng)能越大，氣體的壓強(qiáng)就越大

D．物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體

E．液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的

F．控制液面上方飽和汽的體積不變，升高溫度，則達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強(qiáng)也增大

G．讓一小球沿碗的圓弧型內(nèi)壁來(lái)回滾動(dòng)，小球的運(yùn)動(dòng)是可逆過(guò)程

（2）如圖甲所示，用面積為S的活塞在汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的空氣，活塞上放一砝碼，活塞和砝碼的總質(zhì)量為m，現(xiàn)對(duì)汽缸緩緩加熱使汽缸內(nèi)的空氣溫度從T_I升高到T₂，且空氣柱的高度增加了∆l， 已知加熱時(shí)氣體吸收的熱量為Q，外界大氣壓強(qiáng)為p₀，問(wèn)此過(guò)程中被封閉氣體的內(nèi)能變化了多少？請(qǐng)?jiān)谙旅娴膱D乙的V－T圖上大致作出該過(guò)程的圖象（包括在圖象上標(biāo)出過(guò)程的方向）．

 

 

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題號(hào)

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

C

B

BD

ABC

AB

BCD

A

BD

B

D

11．（6分，每空2分，有效數(shù)字位數(shù)錯(cuò)誤的每空扣1分）

4.00；0.500；2.00

12．（6分）

（1）B、F、H、K、L（2分）；

（2）甲（2分）；先釋放紙帶再接通電源（2分）

13．（8分）

解：接通電鍵K后，由電阻的串并聯(lián)公式，得閉合電路的總電阻為：

                                 …………………… 1分

由閉合電路的歐姆定律得，通過(guò)電源的電流  ………… 1分

電源的路端電壓                         …………………… 2分

電阻兩端的電壓（即電容器兩端的電壓） … 1分

通過(guò)的總電量就是電容器的帶電量    …………………… 2分

由以上各式并代入數(shù)據(jù)解得：     …………………… 1分

14．（8分）

解：（1）根據(jù)題意，粒子在垂直電場(chǎng)的方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

所以粒子從射入到打到屏上所用的時(shí)間     ……………… 1分

（2）設(shè)粒子射出電場(chǎng)時(shí)沿平行場(chǎng)強(qiáng)方向的速度為，

根據(jù)牛頓第二定律，粒子在電場(chǎng)中的加速度為：     …… 1分

所以                                          …………………… 1分

所以粒子剛射出電場(chǎng)時(shí)的速度方向與初速方向間夾角的正切值為

                                        …………………… 1分（3）設(shè)粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)距離為，則

                               …………………… 2分

所以                                      …………………… 1分

解得：                                         …………………… 1分

15．（10分）

解：設(shè)貨物相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的過(guò)程中貨物的加速度為，

根據(jù)牛頓第二定律得：   …………………… 2分

貨物自A端由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與傳送帶相對(duì)靜止時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間為：

                                                         …………………… 1分

通過(guò)的距離為：                                          …………………… 1分

代入數(shù)據(jù)解得：                                      …………………… 1分

貨物自A端由靜止開(kāi)始運(yùn)送到B端所用的總時(shí)間為：

                                         …………………… 2分

根據(jù)動(dòng)能定理，摩擦力對(duì)貨物做的功為：      …… 2分

所以由A到B的過(guò)程中摩擦力對(duì)貨物做功的平均功率為：

                                                    …………………… 1分

16．（10分）

解：（1）第一種形式下，根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律得：

                            …………………… 2分

解得相鄰星體間的距離           …………………… 1分

外側(cè)星體運(yùn)動(dòng)的線速度為：             …………………… 1分

解得：                                       …………………… 1分

（2）第二種形式下，星體運(yùn)動(dòng)的半徑為： …… 2分

根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律得：

                             …………………… 2分

解得：                                    …………………… 1分

17．（12分）

解：（1）設(shè)兩球組成的系統(tǒng)沿斜面下滑時(shí)加速度的大小為，

根據(jù)牛頓第二定律有：       …………………… 2分

解得                                             …………………… 1分

根據(jù)公式                                  …………………… 2分

解得小球B沿斜面下滑的時(shí)間 …………………… 1分

（2）由于不計(jì)摩擦及碰撞時(shí)的機(jī)械能損失，因此兩球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。

兩球在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小相等，設(shè)為

根據(jù)機(jī)械能守恒定律有： …… 2分

解得：                       …………………… 1分

（3）對(duì)B球應(yīng)用動(dòng)能定理有： ……………… 2分

解得桿對(duì)B球所做的功為：       ……………… 1分