2、（理） (  )                                                                            

         A．          B．       C．         D．

（文） 5人站成一排,甲、乙兩人之間恰有1人的不同站法的種數(shù)        (   )

A． 18         B．24          C． 36       D． 48

1、已知(    )  

     A．       B．（） C．   D．（）

20、解（1）

由

又由于在區(qū)間上是增函數(shù)，在區(qū)間（－1，3）上是減函數(shù)，所以－1和3必是的兩個(gè)根.

從而

又根據(jù)

（2）

因?yàn)闉槎�次三�?xiàng)式，并且，

所以，當(dāng)恒成立，此時(shí)函數(shù)是單調(diào)遞增函數(shù)；

當(dāng)恒成立，此時(shí)函數(shù)是單調(diào)遞減函數(shù).

因此，對(duì)任意給定的實(shí)數(shù)a，函數(shù)總是單調(diào)函數(shù).

19、解：（1）當(dāng)時(shí)的概率為……………2分

當(dāng)且時(shí)的概率為…………4分

（2）……………………6分

，，，

因?yàn)閥的數(shù)學(xué)期望為，所以………10分

于是，………………………12分

18.解：（1）雙曲線(xiàn)C₁的兩條漸近線(xiàn)方程為：

y=±x,頂點(diǎn)A為（0，）

∵雙曲線(xiàn)C₁的兩漸近線(xiàn)與圓C₂：（x－2）²+y²=2相切

∴=

即=1                  ①

又∵A(0, )與圓心C₂（2，0）關(guān)于直線(xiàn)y=x對(duì)稱(chēng)

∴=2                    ②

由①、②解得：m=n=4

故雙曲線(xiàn)C₁的方程為：y²－x²=4

(2)當(dāng)k=1時(shí)，由l過(guò)點(diǎn)C₂（2，0）知：

直線(xiàn)l的方程為：y=x－2

設(shè)雙曲線(xiàn)C₁上支上一點(diǎn)P（x₀,y₀）到直線(xiàn)l的距離為2，則

         y₀=2

又∵點(diǎn)P（x₀,y₀）在雙曲線(xiàn)C₁的上支上，故y₀＞0

故點(diǎn)P的坐標(biāo)為（2，2）.

17.解：（1）∵a₁₀=5,d=2,∴a_n=2n－15 

又∵b₃=4,q=2,∴b_n=2^n－1

∴c_n=(2n－15)?2^n－1

(2)S_n=c₁+c₂+c₃+…+c_n,

2S_n=2c₁+2c₂+2c₃+…+2c_n

錯(cuò)位相減，得－S_n=c₁+(c₂－2c₁)+(c₃－2c₂)+…+(c_n－2c_n－1)－2c_n

∵c₁=－13,c_n－2c_n－1=2ⁿ

∴－S_n=－13+2²+2³+…+2ⁿ－(2n－15)?2ⁿ=－13+4(2^n－1－1)－(2n－15)?2ⁿ

=－17+2ⁿ⁺¹－(2n－15)?2ⁿ  ∴S_n=17+(2n－17)?2ⁿ

∴=

=.

∴tan(α+β)=1.

16.解：（1）f(0)=2a=2,∴a=1

f()=+b=+,∴b=2

∴f(x)=2cos²x+sin2x=sin2x+cos2x+1

=1+sin(2x+)              ∴f(x)_max=1+，f(x)_min=1－

（2）由f(α)=f(β)得sin(2α+)=sin(2β+)

∵α－β≠kπ,(k∈Z)

∴2α+=(2k+1)π－(2β+)

即α+β=kπ+

二、12、6、4； -15（x+y－5=0）；      [1/2，2]；          4/3，2/3+π

   ∵xÎ[0,3]     ∴2^xÎ[1,8]’

   ∴A=[1,9]

   y²-(a²+a+1)y+a³+a≥0

   ∵a²+1>a

   ∴B={y|y≤a或y≥a²+1}

   ∵A∩B=Æ

20、已知定義在R上的函數(shù)是實(shí)數(shù).（Ⅰ）若函數(shù)在區(qū)間上都是增函數(shù)，在區(qū)間（－1，3）上是減函數(shù)，并且求函數(shù)的表達(dá)式；

（Ⅱ）若，求證：函數(shù)是單調(diào)函數(shù)．

答案：一、AB（C）CBD             A（D）AAB（D）B