10．解：要使復(fù)數(shù)為純虛數(shù)，必須且　 0，

即，解得

但是，當(dāng)時(shí)　＝0此時(shí)不是純虛數(shù)

　　 當(dāng)時(shí), 無(wú)意義

所以不存在實(shí)數(shù)使為純虛數(shù)

1．A　2．C　3．A　4．D　5．C　6．－1　7．橢圓　8．四　9．

6. 解：(Ⅰ)∵z是方程x²+1＝0的根，∴z₁＝i或z₂＝－i，不論z₁＝i或z₂＝－i，

M_z＝{i，i²，i³，i⁴}＝{i，－1，－i，1}，于是P＝．

(Ⅱ)取z＝，則z²＝i及z³＝1．

于是M_z＝{z，z²，z³}或取z＝i．(說(shuō)明：只需寫(xiě)出一個(gè)正確答案)．

[能力提升]

5．解: (Ⅰ) 由=z₁+2i , 兩邊同時(shí)取共軛復(fù)數(shù)可得: z₂=-2i .　 代入已知方程得: z₁(-2i )+ 2i z₁-2i(-2i)+1=0. 即|z₁|²-2i-3=0. 令z₁=a+bi , 即可得到 a²+b²-2i(a-bi)-3=0.

即 (a²+b²-2b-3)- 2ai =0. 解得a=0, b=3,或a=0, b=-1.

∴z₁=3i, z₂=-5i, 或z₁=-i , z₂=-i .　　

(Ⅱ)由已知得z₁=. 又∵|z₁|=, ∴||=.∴| 2i z₂-1|²=3|z₂+ 2i|².

∴(2i z₂-1)( -2i-1)=3(z₂+ 2i)(- 2i). 整理得: z₂+4i z₂-4i-11=0.

即(z₂-4i)( +4i)=27. ∴| z₂-4i|²=27, 即| z₂-4i|=3.

∴存在常數(shù)k=3, 使得等式| z₂-4i|=k恒成立.

4．解：(Ⅰ)設(shè)z=a+bi，a、b∈R，b≠0

則w=a+bi+

因?yàn)?i>w是實(shí)數(shù)，b≠0，所以a²+b²=1，即|z|=1.于是w=2a，－1＜w=2a＜2，－＜a＜1，

所以z的實(shí)部的取值范圍是(－，1).

(Ⅱ).

因?yàn)?i>a∈(－，1)，b≠0，所以u為純虛數(shù).

(Ⅲ)

.

因?yàn)?i>a∈(－，1)，所以a+1＞0，故w－u²≥2·2－3=4－3=1.

當(dāng)a+1=，即a=0時(shí)，w－u²取得最小值1.

3. 解：設(shè)z＝x+yi(x、y∈R)，∵|z|＝5，∴x²+y²＝25，

而(3+4i)z＝(3+4i)(x+yi)＝(3x－4y)+(4x+3y)i，

又∵(3+4i)z在復(fù)平面上對(duì)應(yīng)的點(diǎn)在第二、四象限的角平分線上，

∴3x－4y+4x+3y＝0，得y＝7x，∴x＝±，y＝±

即z＝±(+i)；z＝±(1+7i)．

當(dāng)z＝1+7i時(shí)，有|1+7i－m|＝5，

即(1－m)²+7²＝50，得m=0，m=2.

當(dāng)z＝－(1+7i)時(shí)，同理可得m＝0，m＝－2．

2．解：⑴當(dāng)，即x=a或時(shí)z為實(shí)數(shù)；

⑵當(dāng)，即且時(shí)z為虛數(shù)；

⑶當(dāng)＝0且，即x=1時(shí)z為純虛數(shù)

⑷當(dāng)，即當(dāng)0<a<1時(shí)，0<x<a或x>；或a>1時(shí)，x>a或0<x<時(shí)z在復(fù)平面上對(duì)應(yīng)的點(diǎn)在實(shí)軸上方；

⑸當(dāng)+＝1即x=1時(shí)，|z|=1.

1．解：由于，得

所以數(shù)列是以2為首項(xiàng)，以為公比的等比數(shù)列，

從而

1．B　2．D　3．C　4．B　5．(2,6)　6．

[典例精析]

變式訓(xùn)練：

2．(1)　(2)實(shí)數(shù)　原點(diǎn)　純虛數(shù)　(4)模　　　(5)相同

　[基礎(chǔ)闖關(guān)]